mecmatcap4 flexion pura
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MECHANICS OF
MATERIALS
Third Edition
Ferdinand P. Beer
E. Russell Johnston, Jr.
John T. DeWolf
Lecture Notes:
J. Walt Oler
Texas Tech University
CHAPTER
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4Flexión Pura
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Flexión Pura (Pág. 182)
Pure Bending
Other Loading Types
Symmetric Member in Pure Bending
Bending Deformations
Strain Due to Bending
Beam Section Properties
Properties of American Standard Shapes
Deformations in a Transverse Cross SectionSample Problem 4.2
Bendin
g of Members Made of Several Materials
Example 4.03
Reinforced Concrete Beams
Sample Problem 4.4Stress Concentrations
Plastic Deformations
Members Made of an Elastoplastic Material
Example 4.03
Reinforced Concrete Beams
Sample Problem 4.4
Stress Concentrations
Plastic Deformations
Members Made of an Elastoplastic Material
Plastic Deformations of Members With a
Single
Plane of S...Residual Stresses
Example 4.05, 4.06
Eccentric Axial Loading in a Plane of Symmetry
Example 4.07
Sample Problem 4.8
Unsymmetric BendingExample 4.08
General Case of Eccentric Axial Loading
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Flexión Pura (Pág. 182)
Flexión Pura: Miembros prismáticossometidos a cargas iguales y opuestasactuando en el mismo plano
longitudinal.
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Otros tipos de Cargas (Pág. 182-183)
•
Principio de Superposición: La tensiónnormal debido a la flexión pura se puedecombinar con el esfuerzo normal debidoa la carga axial y la tensión del cortante
para encontrar el complete estado deesfuerzo.
•
Carga Excéntrica: Carga axial que no pasa por el centroide produce fuerzasinternas equivalentes a una fuerza axialy a un par.
•
Carga Transversal: Concentrada odistribuida la carga transversal producefuerzas internas equivalentes a unafuerza cortante y a un par.
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Elemento simétrico sometido a Flexión Pura (Pág. 185)
M dA y M
dA z M
dAF
x z
x y
x x
0
0
• Estos requisitos pueden aplicarse a las sumas de los
componentes y los momentos de las fuerzas internaselementales estáticamente indeterminadas.
• Las fuerzas internas en cualquiera sección transversal de unelemento simétrico en flexión pura son equivalentes a un par.
El momento de dicho par se conoce como MomentoFlexionante
• Por Estática, un par M consiste de dos fuerzas igualesy opuestas.
• La suma de los componentes de las fuerzas en
cualquier dirección es cero.• El momento es el mismo sobre cualquier eje
perpendicular al plano de la par y cero sobrecualquier eje contenida en el plano.
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Deformaciones debido a flexión pura (Pág. 185-186)
Deformaciones en un elemento simétrico
sometido a flexión pura:• El elemento debe de ser simétrico.
• Curvas uniformemente para formar un arco circular
• Plano transversal atraviesa el centro del arco y
permanece plana.
• Longitud de superior disminuye y la longitud defondo aumenta.
• Una superficie neutral debe existir, es paralela a las
superficies superiores e inferiores y no cambia lalongitud.
• La deformación y el esfuerzo sonnegativos (compresión) bajo el eje neutro son
positivo (tensión).
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Tensión debido a la flexión (Pág. 185-186)
Consideremos un segmento de viga de longitud L.
Después de la deformación, la longitud de lasuperficie neutral permanece a la misma longitud L.En otras secciones,
m x
m
m
x
c
y
c ρc
y y
L
y y L L y L
or
(Deformación varíalinealmente)
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Tensión debida a la flexión (Pág. 188)
• Para un material elástico lineal,
m
m x x
c
y
E c y E
• Por el equilibrio estático,
dA yc
dAc ydAF
m
m x x
0
0
Primer momento con respecto al
plano neutro es cero. Por lo tanto, lasuperficie neutral debe pasar por elcentroide de la sección.
•
Por el equilibrio estático,
I
My
c
y
S M
I Mc
c
I dA y
c M
dAc
y ydA y M
x
m x
m
mm
m x
ngSubstituti
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(Esfuerzo varía linealmente)
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Propiedades de las sección transversal de las vigas (Pág. 189)
• La tensión normal máxima debido a la flexión,
modulussection
inertiaof momentsection
c
I S
I
S
M
I
Mc
m
Una sección de la viga con un módulo de la sección
más grande tendrá una menor tensión máxima• Considere una viga se sección transversal rectangular,
Ahbhh
bh
c
I S 6
12
61
3
121
2
Entre dos vigas con la misma área seccionaltransversal, la viga con la mayor profundidadserá más eficaz en la resistencia de flexión.
• Vigas de acero estructurales están diseñadas para tener un módulo de gran sección.
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Propiedades de perfiles laminados de acero (A-15…)
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Deformaciones en una sección transversal (Pág. 191)
• Deformación debido a la flexión momento M escuantificada por la curvatura de la superficie neutral
EI
M
I
Mc
Ec Eccmm
11
•
Aunque los planos de sección transversal permanecen planas cuando es sometido a momentos de flexión, lasdeformaciones en el plano son distintos de cero,
y y x z x y
• Expansión por encima de la superficie neutra y contraccióndebajo de él causa una curvatura en el plano,
1
Curvatura anticlástica
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Problema modelo 4.2 (Pág. 193)
Una sección de una máquina de hierrocolado se somete a un par de 3 kN-m.Si E = 165 GPa y se desprecia el efectode los filetes, determine (a) losesfuerzos máximos de tensión ycompresión en el elemento fundido, (b)su radio de curvatura.
SOLUCIÓN:
•
Basado en la geometría de la seccióntransversal, calcular la ubicación delcentroide de la sección y momento deinercia.
2d A I I
A
A yY x
• Aplicar la fórmula de flexión elástica para encontrar las tensiones detracción y compresión máximas.
I
Mcm
• Calcular la curvatura
EI
M
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Problema modelo 4.2 (Pág. 193)
SOLUCIÓN:
Basado en la geometría de la seccióntransversal, calcular la ubicación del centroidede la sección y momento de inercia.
mm383000
10114 3
A
A yY
33
3
32
101143000104220120030402
109050180090201
mm,mm,mmArea,
A y A
A y y
49-3
2312123
121
231212
m10868mm10868
18120040301218002090
I
d Abhd A I I x
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Problema modelo 4.2 (Pág. 193)• Aplicar la fórmula de flexión elástica para
encontrar las tensiones de tracción y compresión
máximas.
49
49
mm10868
m038.0mkN3
mm10868
m022.0mkN3
I
c M
I
c M
I
Mc
B B
A A
m
MPa0.76 A
MPa3.131 B
• Calcular la curvatura
49- m10868GPa165
mkN3
1
EI
M
m7.47
m1095.201 1-3
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Flexión de elementos hechos de varios materiales (Pág. 198)
• Considere una viga compuesta formada dedos materiales con E 1 y E 2.
• La deformación normal es lineal.
y x
• Por trozos variación lineal tensión normal.
y E E y E E x x 222111
Eje neutro no pasa por el centroide dela sección de la sección compuesta.
• Son fuerzas elementales en la sección
dA y E dAdF dA y E dAdF
2221
11
1
2112
E
E ndAn
y E dA
ynE dF
• Definir una sección transformada tal que
x x
x
n
I
My
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Una barra obtenida uniendo piezas
de acero (Steel) ( E s = 29x106
psi) ylatón (Brass) ( E b = 15x106 psi).Determine los esfuerzos máximosen el acero y el latón cuando la
barra se somete a flexión pura conun momento 40 kip*in es aplicado.
SOLUCIÓN:
•
Transformar la barra con una seccióntransversal equivalente hecha de latón
• Evaluar las propiedades seccionalestransversales de la sección transformada
• Calcular la tensión máxima en la seccióntransformada. Esta es la correcta tensiónmáxima para las piezas de latón de la
barra.
• Determinar la tensión máxima en la porción de la barra de aceromultiplicando la tensión máxima de lasección transformada por la relación delos módulos de elasticidad.
Example 4.03 (Pág. 200)
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Ejemplo 4.03
• Evaluar las propiedades seccionales transversalestransformadas.
4
31213
121
in063.5
in3in.25.2
hb I T
SOLUCIÓN:
• Transformar la barra con una sección transversal
equivalente hecha de latón.
in25.2in4.0in75.0933.1in4.0
933.1 psi1015
psi10296
6
T
b
s
b
E
E n
• Calcular el esfuerzo máximo
ksi85.11in5.063
in5.1inkip404
I
Mcm
ksi85.11933.1max
max
ms
mb
n
ksi22.9
ksi85.11
max
max
s
b
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Vigas con concreto reforzado (Pág. 200-201)
• Vigas de hormigón sometidas a flexión momentosson reforzadas por las barras de acero.
• En la sección transformada, el área de sección
transversal del acero (steel), As , se reemplaza por elárea equivalente nAs donde n = E s /E c.
• Para determinar la localización del eje neutro,
0
02
221
d An x An xb
xd An x
bx
ss
s
• La tensión normal en el hormigón y el acero
xs xc
x
n
I
My
• Las barras de acero llevan toda la carga extensibledebajo de la superficie neutra. La parte superior dela viga de hormigón lleva la carga compresiva.
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Sample Problem 4.4
A concrete floor slab is reinforced with5/8-in-diameter steel rods. The modulus
of elasticity is 29x106psi for steel and3.6x106psi for concrete. With an applied
bending moment of 40 kip*in for 1-ftwidth of the slab, determine the maximumstress in the concrete and steel.
SOLUTION:
• Transform to a section made entirelyof concrete.
• Evaluate geometric properties oftransformed section.
• Calculate the maximum stressesin the concrete and steel.
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Sample Problem 4.4
SOLUTION:
• Transform to a section made entirely of concrete.
2285
4
6
6
in95.4in206.8
06.8 psi106.3
psi1029
s
c
s
nA
E
E n
•
Evaluate the geometric properties of thetransformed section.
422331 in4.44in55.2in95.4in45.1in12
in450.10495.42
12
I
x x x
x
• Calculate the maximum stresses.
42
41
in44.4
in55.2inkip4006.8
in44.4
in1.45inkip40
I
Mcn
I
Mc
s
c
ksi306.1c
ksi52.18s
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Concentración de esfuerzos (Pág. 201-202)
Concentración de esfuerzo puede ocurrir: I
McK
m
• en las cercanías de puntos dondelas cargas se aplican
• en las cercanías de cambios bruscos de sección transversal
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Deformaciones Plásticas (Pág. 209)
• Para cualquier miembro sometidas a flexión pura
m x c
y La deformación varia linealmente a
través del la sección transversal• Si el miembro está hecho de un material elástico
lineal, el eje neutro pasa por el centroide de la sección
I
My x y
• Para un material con una curva del esfuerzo-deformación, tiene que satisfacer la condición deleje neutro. En donde,
dA y M dAF x x x 0
• Para un miembro con planos verticales y
horizontales simétricos y un material con la mismarelación de tensión de tracción y compresión, el ejeneutro está situado en el centroide de la sección y larelación de tensión puede usarse para cartografiar ladistribución de esfuerzos.
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Deformaciones Plásticas
• Cuando la tensión máxima es igual a la últimafuerza del material, se produce el fallo y el
correspondiente momento se conoce como elúltimo momento de flexión.
• El modulo de ruptura en la flexión, R B, seencuentra un valor determinado
experimentalmente de M U hace una distribuciónficticia de esfuerzos.
I
c M R U B
• R B puede ser usada para determiner M U de
cualquier miembro de hecho del mismo materialy con la misma forma seccional cruzada perodiferentes dimensiones.
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Miembros hechos de material elastoplásticos. (Pág. 210)
• Una viga hecha de material Elastoplásticos
momentelasticmaximum
Y Y Y m
mY x
c
I M
I
Mc
• Si se aumenta el momento más allá del máximomomento elástico, las zonas plásticas se desarrollan
alrededor de un núcleo elástico.
thickness-half coreelastic12
2
31
23
Y
Y Y y
c
y M M
• En el límite según el momento aumenta aún más, el
espesor de núcleo elástico va a cero, correspondiente auna deformación plástica completamente.
shape)sectioncrossononly(dependsfactorshape
moment plastic23
Y
p
Y p
M
M k
M M
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Deformaciones plásticas de los miembros con un
solo plano de simetría (Pág. 214)
• Totalmente plástico de la deformación de una vigacon sólo un plano vertical de la simetría.
• Las Resultantes R1 y R2 de los elementos decompresión y tensión forman un par.
Y Y A A
R R
21
21
El eje neutro de la sección se divide en áreasiguales
• El momento plástico será,
d A M Y p 21
• El eje neutro no se puede suponer que pasa através del centroide.
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Esfuerzos Residuales (Pág. 214)
• Zonas plásticas se convierten en un miembrohecho de un material elastoplásticos si elmomento flector es bastante grande.
• Puesto que la relación lineal entre la deformacióny el esfuerzo normal se aplica en todos los puntosdurante la fase de descarga, podrán ser
manipulados para que sea completamente elástico.
• Tensiones residuales se obtienen aplicando el principio de superposición para combinar lastensiones debido a la carga con un momento M
(deformación elastoplásticos) y descarga con unmomento - M (deformación elástica).
• El valor final del estrés en un punto en general,no será cero.
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Example 4.05, 4.06
A member of uniform rectangular cross section is
subjected to a bending moment M = 36.8 kN-m.The member is made of an elastoplastic materialwith a yield strength of 240 MPa and a modulusof elasticity of 200 GPa.
Determine (a) the thickness of the elastic core, (b)the radius of curvature of the neutral surface.
After the loading has been reduced back to zero,determine (c) the distribution of residual stresses,(d) radius of curvature.
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4 - 32
Example 4.05, 4.06
mkN8.28
MPa240m10120
m10120
10601050
36
36
233
3
22
3
2
Y Y c
I M
mmbcc
I
• Maximum elastic moment:
• Thickness of elastic core:
666.0
mm60
1mkN28.8mkN8.36
1
2
2
31
23
2
2
31
23
Y Y
Y
Y Y
y
c
y
c
y
c
y
M M
mm802 Y y
• Radius of curvature:
3
3
3
9
6
102.1
m1040
102.1
Pa10200
Pa10240
Y
Y
Y Y
Y Y
y
y
E
m3.33
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Example 4.05, 4.06
• M = 36.8 kN-m
MPa240
mm40
Y
Y y
• M = -36.8 kN-m
Y
36
2MPa7.306
m10120
mkN8.36
I
Mcm
• M = 0
6
3
6
9
6
105.177
m1040
105.177
Pa10200
Pa105.35
core,elastictheof edgeAt the
x
Y
x x
y
E
m225
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• La distribución de esfuerzos debido a una cargaexcéntrica original puede obtenersesuperponiendo la distribución uniforme delesfuerzo correspondiente a las cargas excéntricas(P` y P) y los pares flectores (M` y M)
I
My
A
P
x x x
bendingcentric
Carga axial excéntrica en un plano de simetría. (Pág. 223)
• Carga excéntrica
Pd M
PF
• Validez requiere tensiones por debajo del límite
proporcional, las deformaciones tienen efectoinsignificante en la geometría y tensiones no debenevaluarse cerca de los puntos de aplicación de carga.
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Beer Johnston DeWolf
4 - 35
Example 4.07
An open-link chain is obtained by bending low-carbon steel rods into theshape shown. For 160 lb load, determine(a) maximum tensile and compressivestresses, (b) distance between sectioncentroid and neutral axis
SOLUTION:
•
Find the equivalent centric load and bending moment
• Superpose the uniform stress due tothe centric load and the linear stressdue to the bending moment.
• Evaluate the maximum tensile andcompressive stresses at the innerand outer edges, respectively, of thesuperposed stress distribution.
• Find the neutral axis by determiningthe location where the normal stressis zero.
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Beer Johnston DeWolf
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Example 4.07
• Equivalent centric loadand bending moment
inlb104
in6.0lb160
lb160
Pd M
P
psi815
in1963.0
lb160
in1963.0
in25.0
20
2
22
A
P
c A
• Normal stress due to acentric load
psi8475
in10068.
in25.0inlb104
in10068.3
25.0
43
43
4414
41
I
Mc
c I
m
• Normal stress due to bending moment
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Example 4.07
• Maximum tensile and compressivestresses
8475815
8475815
0
0
mc
mt
psi9260t
psi7660c
• Neutral axis location
inlb105in10068.3
psi815
0
43
0
0
M
I
A
P
y
I
My
A
P
in0240.00 y
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Sample Problem 4.8
The largest allowable stresses for the castiron link are 30 MPa in tension and 120
MPa in compression. Determine the largestforce P which can be applied to the link.
SOLUTION:
•
Determine an equivalent centric load and bending moment.
•
Evaluate the critical loads for the allowabletensile and compressive stresses.
• The largest allowable load is the smallestof the two critical loads.
From Sample Problem 2.4,
49
23
m10868
m038.0
m103
I
Y
A
• Superpose the stress due to a centricload and the stress due to bending.
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4 - 39
Sample Problem 4.8
• Determine an equivalent centric and bending loads.
moment bending028.0
load centric
m028.0010.0038.0
PPd M
P
d
• Evaluate critical loads for allowable stresses.
kN9.76MPa1201559kN6.79MPa30377
PP
PP
B
A
kN9.76P• The largest allowable load
• Superpose stresses due to centric and bending loads
P
PP
I
Mc
A
P
PPP
I
Mc
A
P
B B
A A
155910868
038.0028.0
103
37710868
022.0028.0
103
93
93
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Flexión Asimétrica (Pág. 231)
• Análisis de la flexión pura se ha limitado alos miembros sometidos a flexión debido a
pares que actúan en un plano de simetría.
• Ahora tendrá en cuenta las situaciones enlas que los pares de flexión no actúan en un
plano de simetría.
• En general, el eje neutro de la sección nocoincide con el eje donde se aplica el par.
• No puede asumir que el miembro se doblaráen el plano de los pares.
• El eje neutro de la sección transversalcoincide con el eje en donde se aplica el par
• Los miembros siguen siendo simétricos y lacurva en el plano de simetría.
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Flexión Asimétrica
Se propone hallar las condiciones precisas para que el eje neutro de una
sección transversal de forma arbitrariacoincida con el eje del par M, como semuestra
•
vector de par debe ser dirigida a lolargo de un eje centroidal principal
inertiof product I dA yz
dAc
y zdA z M
yz
m x y
0or
0
• La fuerza resultante y el momento
de la distribución de fuerzaselementales en la sección debensatisfacer
coupleapplied M M M F z y x 0
•
El eje neutro pasa por el centroide
dA y
dAc
ydAF m x x
0or
0
•
define la distribución de esfuerzo
inertiof moment I I c
I σ
dAc
y y M M
zm
m z
Mor
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4 - 42
Flexión Asimétrica
La superposición se aplica para determinar las tensionesen el caso más general de flexión no simétricas.
• Resolver el vector del par en componentes a lolargo de los ejes centroidal del principal.
sincos M M M M y z
• Superponer las distribuciones de esfuerzo en componente
y
y
z
z x
I y M
I y M
• A lo largo del eje neutro,
tantan
sincos0
y
z
y z y
y
z
z x
I
I
z
y
I
y M
I
y M
I
y M
I
y M
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4 - 43
Example 4.08
A 1600 lb-in couple is applied to arectangular wooden beam in a planeforming an angle of 30 deg. with thevertical. Determine (a) the maximumstress in the beam, (b) the angle that theneutral axis forms with the horizontal
plane.
SOLUTION:
•
Resolve the couple vector intocomponents along the principlecentroidal axes and calculate thecorresponding maximum stresses.
sincos M M M M y z
• Combine the stresses from thecomponent stress distributions.
y
y
z
z x
I
y M
I
y M
•
Determine the angle of the neutralaxis.
tantan y
z
I
I
z
y
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4 - 44
Example 4.08
• Resolve the couple vector into components and calculatethe corresponding maximum stresses.
psi5.609in9844.0
in75.0inlb800
alongoccurstoduestressnsilelargest teThe
psi6.452in359.5
in75.1inlb1386
alongoccurstoduestressnsilelargest teThe
in9844.0in5.1in5.3
in359.5in5.3in5.1
inlb80030sininlb1600
inlb138630cosinlb1600
42
41
43121
43121
y y
z
z
z
z
y
z
y
z
I
z M
AD M
I
y M
AB M
I
I
M
M
• The largest tensile stress due to the combined loadingoccurs at A.
5.6096.45221max psi1062max
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Example 4.08
• Determine the angle of the neutral axis.
143.3
30tanin9844.0
in359.5tantan
4
4
y
z
I
I
o4.72
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MECHANICS OF MATERIALSonCaso general de carga Axial excéntrica (Pág. 235)
• Considere un elemento recto sometido a cargasaxiales excéntricas iguales y opuestas.
• Las fuerzas excéntricas son equivalentes a unsistema de fuerza centrada y 2 momentos.
Pb M Pa M
P
z y
forcecentric
• Por el principio de superposición, lacombinación de la distribución de esfuerzos
y
y
z
z x
I
z M
I
y M
A
P
• Si el eje neutro se encuentra en la sección,se puede encontrar desde
A
P z
I
M y
I
M
y
y
z
z