zbierka ma2
TRANSCRIPT
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 1/117
Katedra matematiky, Fakulta elektrotechniky a informatiky TU v KošiciachB. Němcovej 32, 040 02 Košice
Zbierka riešených a neriešených úlohz matematickej analýzy II
Jozef KONDÁŠ - Marcel KUDLÁČ
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 2/117
Jozef KONDÁŠ - Marcel KUDLÁČ
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy II
Recenzoval : Prof. RNDr. Jozef Džurina, CSc.
ISBN 80 – 8073 – 428 - 3
15.december 2005
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 3/117
ÚVOD
Táto učebná pomôcka je predovšetkým ur čená študentom prvého ročníka Fakulty
elektrotechniky a informatiky TU V Košiciach. Obsahovo priamo nadväzuje na predmetMatematická analýza 1.
Cieľom tejto elektronickej učebnice je navigovať študentov a ponúknuť im postupnosť krokov pri riešení typových úloh preberaného učiva. Porozumenie a praktické riešeniavyžadujú teoretický aparát, ktorý je podrobne zmapovaný v skriptách Matematická analýza 2.Vzhľadom na rozsah publikácie je teoretickáčasť aplikovaná do názorných postupov riešeniadaných úloh.
Učebná pomôcka je rozdelená do ôsmich kapitol podľa učebných osnov predmetuMatematická analýza 2 z druhého semestra štúdia na FEI TU v Košiciach. Publikácia pozostáva z riešení jednotlivých úloh a pomerne obsiahlej bázy neriešených príkladov, ktoréobsahovo pokrývajú požiadavky na úspešné zvládnutie uvedeného predmetu.
Týmto chceme vyjadriť naše poďakovanie prof. RNDr. Džurinovi, CSc. za cenné radya pripomienky, ktoré prispeli k zlepšeniu predkladanej učebnej pomôcky.
Zároveň sa chceme vopred ospravedlniť za možné jazykovo-štylistické chyby, pretožedaný text neprešiel redak čnou ani jazykovou úpravou.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 4/117
OBSAH
1 POSTUPNOSTI A RADY........................................................................................................................... 4 1.1 ČÍSELNÉ RADY...................................................................................................................................... 4 1.2 FUNKCIONÁLNE AMOCNINOVÉ RADY. ............................................................................................... 11 1.3 TAYLOROV RAD. ................................................................................................................................. 18 1.4 FOURIEROVE RADY A ICH APLIKACIE.................................................................................................. 18
2 DIFERENCIÁLNY POČET FUNKCIE N - PREMENNÝCH ............................................................. 23 2.1 PARCIÁLNE DERIVÁCIE FUNKCIE N-PREMENNÝCH.............................................................................. 23 2.2 LOKÁLNE EXTRÉMY FUNKCIE VIAC PREMENNÝCH.............................................................................. 31 2.3 ZÁKLADY VEKTOROVEJ ANALÝZY...................................................................................................... 36
3 OBYČAJNÉ DIFERENCIÁLNE ROVNICE 1. RÁDU......................................................................... 44 3.1 SEPAROVATEĽ NÁ DIFERENCIÁLNA ROVNICA...................................................................................... 443.2 HOMOGÉNNA DIFERENCIÁLNA ROVNICA............................................................................................. 46 3.3 LINEÁRNA DIFERENCIÁLNA ROVNICA1.RÁDU.................................................................................... 48 3.4 BERNOULLIHO DIFERENCIÁLNA ROVNICA........................................................................................... 51
4 LINEÁRNE DIFERENCIÁLNE ROVNICE N-TÉHO RÁDU ............................................................ 54 4.1 DIFERENCIÁLNA ROVNICA TYPU( ) ( ) x f y n
= ................................................................................... 54 4.2 HOMOGÉNNALINEÁRNA DIFERENCIÁLNA ROVNICA N-TÉHO RÁDU.................................................... 55 4.3 LDR SO ŠPECIÁLNOU PRAVOU STRANOU............................................................................................ 57 4.4 LDR S NEŠPECIÁLNOU PRAVOU STRANOU.......................................................................................... 63 4.5 SYSTÉMY DIFERENCIÁLNYCH ROVNÍC................................................................................................. 66
5 VIACROZMERNÉ INTEGRÁLY .......................................................................................................... 70
5.1 DVOJNÝ INTEGRÁL............................................................................................................................. 70 5.2 TROJNÝ INTEGRÁL.............................................................................................................................. 78 6 KRIVKOVÉ INTEGRÁLY...................................................................................................................... 84
6.1 K RIVKOVÝ INTEGRÁL PRVÉHO DRUHU................................................................................................ 84 6.2 K RIVKOVÝ INTEGRÁL DRUHÉHO DRUHU............................................................................................. 86 6.3 GREENOVA VETA................................................................................................................................ 90
7 ZÁKLADY FUNKCIE KOMPLEXNEJ PREMENNEJ....................................................................... 94 7.1 A NALYTICKÁ FUNKCIA....................................................................................................................... 94 7.2 I NTEGRÁL FUNKCIE KOMPLEXNEJ PREMENNEJ.................................................................................... 96 7.3 R EZÍDUUM FUNKCIE............................................................................................................................ 98
8 LAPLACEOVA TRANSFORMÁCIA .................................................................................................. 101 8.1 LAPLACEOVA TRANSFORMÁCIA........................................................................................................ 101 8.2 SPÄTNÁLAPLACEOVA TRANSFORMÁCIA.......................................................................................... 108 8.3 POUŽITIE SPÄTNEJLAPLACEOVEJ TRANSFORMÁCIE.......................................................................... 112
POUŽITÁ LITERATÚRA............................................................................................................................... 116
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 5/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 4
1 P OSTUPNOSTI A RADY
1.1 ČÍSELNÉ RADY
Nech { }∞=1nna je postupnos ť reálnych čísel. Potom výraz .......211
++++=∑∞=
nn
n aaaa
nazývame nekone čný číselný rad (N ČR), kde číslo na nazývame n -tým členom N ČR.
Postupnos ť { }∞=1nn s definovanú nn aaa saaa saa sa s +++=++=+== ...,...,, 213213,21211
nazývame postupnos ť čiasto čných sú čtov
Ak je postupnos ť { }∞=1nn s konvergentná, tak číslo nn s s
∞→= lim nazývame sú čtom radu ∑
∞
=1nna
a hovoríme, že N ČR ∑∞
=1n
na je konvergentný. ( platí ∑∞
=
=1n
na s )
Ak je postupnos ť { }∞=1nn s divergentná hovoríme, že N ČR ∑∞
=1nna je divergentný.
Ak je N ČR ∑∞
=+++++=
1321 ......
nnn aaaaa konvergentný, tak hovoríme, že N ČR
∑∞
=1nna je konvergentný absolútne.
Nutná podmienka konvergencie N ČR : Ak je rad ∑∞
=1nna konvergentný, tak 0lim =
∞→ nna .
D´Alembertovo limitné podielové kritérium: Nech ∑∞
=1nna je N ČR a nech N n∈∀ je
.0≠na Potom ak 1lim 1 <+→∞
n
n
n aa
, tak je rad ∑∞
=1nna absolútne konvergentný. Ak 1lim 1 >+
∞→n
n
n aa
,
tak je rad ∑∞
=1nna divergentný.
Cauchyho limitné odmocninové kritérium : Nech ∑∞
=1nna je N ČR. Potom ak
1lim <∞→n
nn a , tak je rad ∑∞
=1nna absolútne konvergentný. Ak 1lim >→∞
nnn a , tak je rad ∑
∞
=1nna
divergentný.
Cauchyho integrálne kritérium : Nech pre rad ∑∞
=1nna existuje spojitá funkcia ( ) x f
nerastúca na )∞, K a nech ( ) nan f K n =>∀ : . Potom ak existuje ( )∫ ∞
K
dx x f , rad ∑∞
=1nna je
absolútne konvergentný. Ak ( ) ∞=∫ ∞
K
dx x f , tak rad ∑∞
=1nna je divergentný.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 6/117
Kapitola 1 - Postupnosti a rady5
Leibnitzovo kritérium : Nech ( ) 0,11
1 >−∑∞
=
+n
nn
n aa je rad so striedavými znamienkami.
Nech { }∞=1nna je nerastúca a nech 0lim =∞→ nn
a . Potom rad ( )∑∞
=
+−1
11n
nn a je konvergentný.
Príklad 1: Nájdite sú čet radu ∑∞
= −+12 344
- 6
n nn
Najprv urobíme rozklad kvadratického výrazu v menovateli zlomku na sú čet parciálnych zlomkov
( )( ) ∑∑∑∞
=
∞
=
∞
= ⎟⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜⎜
⎝
⎛
−−+=+−=−+ 1112 12
23
3223
3212
- 6344
- 6
nnn nnnnnn
Teraz zapíšeme nieko ľko členov daného radu pre n -tý čiasto čný sú čet
...183
263
143
223
103
183
63
143
23
103 +⎟
⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −+⎟
⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −+⎟
⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −+⎟
⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −+⎟
⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −=n s
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−−++⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−−++⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−−−+24
364
364
324
3104
324
3...
nnnnnn
Po spo čítaní rovnakých zlomkov dostaneme
643
243
63
23
++++⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −+⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −=
nn s n
Ak vypo čítame limitu n s pre ∞→n pre sú čet s dostaneme
263
23
643
243
63
23limlim −=−−=⎥
⎦⎤
⎢⎣⎡
++++−−==∞→∞→ nn
s snnn
Príklad 2: Vyšetrite konvergenciu číselného radu( )∑
∞
=
−⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
1 !!1
54
n
n
nn
Použijúc D´Alembertovo kritérium dostaneme
( ) ( )( )( ) ( )!1
!54
!1!11
54
,!
!154
11
1 +⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ =+
−+⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ =−
⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ =
++
+ nn
nn
an
na
nn
n
n
n
( )( ) ( ) ( )
154
1lim
54
!1.!1!.!
54
lim
!!1
54
!1!
54
limlim
1
1 <=+=−+⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ =
−⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
+⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ =∞→∞→
+
∞→+
∞→ nn
nnnn
nn
nn
aa
nnn
n
nn
n
n
Daný číselný rad( )∑
∞
=
−⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
1 !!1
54
n
n
nn
je absolútne konvergentný.
Príklad 3: Vyšetrite konvergenciu číselného radu ∑∞
=
+
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+1
52
143
n
n
nn
Použijúc Cauchyho odmocninné kritérium dostaneme
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 7/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 6
...14
3lim
143
lim14
3limlim
52
5252
=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+=+
∞→
+
∞→
+
∞→∞→
n
n
nn
nn
n
nn
nn nn
nn
nn
a
1169
1.43
143
lim.143
lim143
.143
lim...
25
25
2
<=⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+= ∞→∞→∞→
n
nn
n
n nn
nn
nn
nn
Daný číselný rad ∑∞
=
+
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+1
52
143
n
n
nn
teda konverguje.
Príklad 4: Vyšetrite konvergenciu číselného radu ∑∞
=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+−
1
2
2
35
n
n
nn
Použijúc Cauchyho odmocninné kritérium dostaneme
...3
1
51
lim35lim
35lim
35limlim
2
222
22
=⎟⎟⎟
⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎜
⎝
⎛
−+
+=⎟ ⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −+=⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ −+=⎟ ⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −+= ∞→∞→∞→∞→∞→
n
n
n
n
n
n
nn
n
nn
nn
n
nnn
nn
nna
1
31lim
51lim
31
51
lim... 4282
1
3
5
21
21
21
21
>==⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛ =
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −+
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +
=
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −+
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +
= −
∞→
∞→
∞→ee
ee
n
n
n
n
n
n
n
n
n
n
n
Daný číselný rad ∑∞
=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+−
1
2
2
35
n
n
nn
teda diverguje.
Príklad 5: Vyšetrite konvergenciu číselného radu ∑∞
= +124
3
n n
Položme ( ) 243 x
x f += . Je zrejmé, že pre 1≥∀n je ( ) nan f =
a teda ( ) 243
nn f += je
Pretože ( ) ( ) 04
622 <+−=′
x x x f je funkcia ( ) x f neklesajúca na )∞,1 a možno teda
použi ť Cauchyho integrálne kritérium.
Potom
...
41
141
lim34
1lim3
43
lim4
32222 ∫ ∫ ∫ ∫
∞
∞→
∞
∞→
∞
∞→=
+=+=+=+ k
xk
x
k x
k x
dx x
dx x
dxt
dx x
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 8/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 9/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 8
s) ( ) ( )∑∞
= ++−
1 211
n nnnn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
41
t) ( ) ( )∑
∞
= −−+
3 212
n nnnn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
23
u) ( )∑∞
= ++
122 1n
12n n n
[ ]1
v) ( ) ( )∑
∞
= +−122 1212n
n
n n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
81
w) ( )n
n
n∑∞
=
+⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
1
1
32
1- ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
52
x) ( )n
n
n∑∞
=⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
1 75
1- ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−125
1.1.2 Pomocou d´Alembertovho kritéria vyšetrite konvergenciu číselných radov
a) n
n n⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ ∑
∞
= 83
.21
1
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,
83
lim 1
b) n
n n ⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ +∑∞
= 32.
11
1 ⎥
⎦⎤⎢
⎣⎡ =+
∞→ K a
an
nn
,32lim 1
c) n
n n⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
−∑∞
= 75
.13
1
1
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,
75
lim 1
d) n
n n⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
+∑∞
= 56
.2
1
1
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
Da
a
n
n
n,
56
lim 1
e) ( )
n
n n⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
+∑∞
= 43
.!2
1
1
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
f) ∑∞=1 3.
1n
nn ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
an
n
n,
31lim 1
g) ∑∞
=1 2nn
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,
21
lim 1
h) ∑∞
=
+1
2 3.1
nnn
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,
31
lim 1
i) ∑∞
=1 !1
n n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
j) ( )∑∞
= −+
1 !1.21
nn n
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
k) ( )∑
∞
= +1 !1!.10.2
n
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
l) ( )∑∞
=
−1 !.5
!1.3
nn
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,
53
lim 1
m) ( )∑∞
=
−1
2
!1.6
n
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
n) ( )∑
∞
= +1
2
!2n nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
o) ( )∑∞
=−⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ 1 !
!172
n
n
nn ⎥
⎦⎤⎢
⎣⎡ =+
∞→ K a
an
nn
,72lim 1
p) ( )∑
∞
=1 !3!
n nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
q) ( )∑
∞
=1 !23
n
n
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
r) ( )( )∑
∞
= ++
1 53.2!22
nn n
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞=+∞→
Da
a
n
n
n,lim 1
s) ( )( )∑∞=1
2
!2!
n nn ⎥
⎦⎤⎢
⎣⎡ =+
∞→K
aa
n
n
n,
41lim 1
t) ∑∞
=1
!
nnn
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K ea
a
n
n
n,
1lim 1
u) ( )∑
∞
=12!n
n
n
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
v) ∑∞
=1
!.3
nn
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
Dea
a
n
n
n,
3lim 1
w) ( ) ( )( )∑∞
=
+−1 !2
!3!.1.3
n
n
nnn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,
43lim 1
x) ( )∑∞
=
+1
2.10!23
nn n
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞=+∞→
Da
a
n
n
n,lim 1
y) ( )∑
∞
= +1
.!1
2
n
n
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
z) ( )∑
∞
=1
.!2
!.10.2
n
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 10/117
Kapitola 1 - Postupnosti a rady9
aa) ( )
( )∑∞
= +⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛
+1
.
!221
!1.3
nn
n
n
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
Da
a
n
n
n,6lim 1
bb) ( )( )∑
∞
= +−
1 !1.1
n
n
nn
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
=+
∞→ K aa
n
n
n ,0lim1
cc) ( )∑∞
=−
1
2
.21
nn
n
en
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K ea
a
n
n
n,
1lim 1
dd) ∑∞
=1 !.3nn
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K e
aa
n
n
n,
3lim 1
ee) ( )∑
∞
= −+
1 !121
nn nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
K a
a
n
n
n,0lim 1
ff) ( )∑∞
=+
−1
110!1
nn
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞=+∞→
Da
a
n
n
n,lim 1
gg) ∑∞
=1
!.5
nn
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∞→
Da
a
n
n
n,5lim 1
hh) ( )∑∞
=+
−1
210.3!2
nn
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞=+∞→
Da
a
n
n
n,lim 1
1.1.3 Pomocou Cauchyho odmocninného kritéria vyšetrite konvergenciu číselných radov
a) ∑∞
=−
1122
1n
n ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡ =∞→ K an
nn,
41lim
b) ∑∞
=− ⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +
1212 31
21
nnn ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∞→
K annn
,3613
lim
c) ∑∞
=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−+
1 122
n
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∞→
K annn
,41
lim
d) ∑∞
=
−
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+1
12
132
n
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∞→
K annn
,94
lim
e) ∑∞
= ⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−+
1 5214
n
n
nn
Dan nn ,2lim =∞→
f) ∑∞
=
+
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−+
1
32
1228
n
n
nn
Dannn
,2lim =∞→
g) ∑∞
=
−
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−−
1
22
1423
n
n
nn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∞→
K annn
,169
lim
h) ∑∞
=1
1
n
n
narctg K an
nn,0lim =
∞→
i) ( )
nn
n
n n
n
3.
12
2
1
+∑∞
= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
=∞→ K e
an nn ,3lim
j) ( )nn
n
n nn
3.2
2
2
1
−∑∞= ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡ =
∞→K
ean
nn,
31lim 2
k) 22
1 23
n
n nn
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−+∑
∞
= Dean
nn,lim 10=
∞→
l) 2
25
1
n
n nn
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
−+∑
∞
= Dean
nn,lim 10=
∞→
m) 2
13
1
n
n nn⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+−∑
∞
= ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∞→
K e
annn
,1
lim 4
n) 2
112
2
2
1
n
n nn
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
++∑
∞
= Dan
nn,lim ∞=
∞→
o) 2
11
1
n
n n⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −∑
∞
= ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∞→
K e
annn
,1
lim
p) 2
11
31
1
n
nn n
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +∑
∞
= ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∞→
K e
annn
,3
lim
q) 2
21
5
6
1
nn
n n⎟
⎠
⎞⎜
⎝
⎛ +⎟
⎠
⎞⎜
⎝
⎛ ∑∞
=⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ =∞→
De
annn
,5
6lim
2
1.1.4 Pomocou Cauchyho integrálneho kritéria vyšetrite konvergenciu číselných radov
a) ∑∞
= +1 341
n n ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞=∫ ∞
Ddx x f ,1
b) ∑∞
= +12
1
n nn ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞<∫ ∞
K dx x f ,1
c) ∑∞
= +123
2
n n ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞<∫ ∞
K dx x f ,1
d) ∑∞
= +121
2
n nn
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞=∫ ∞
Ddx x f ,1
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 11/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 10
e) ∑∞
=22ln.
1
n nn ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞<∫ ∞
K dx x f ,2
f) ∑∞
=2 ln.3
n nn ( ) ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ ∞=∫ ∞
Ddx x f ,2
g) ∑∞
=5 ln.5
n nn ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞=∫ ∞
Ddx x f ,5
h) ∑∞
=12
ln
n nn
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞<∫ ∞
K dx x f ,1
i) ∑∞
=13
ln
n n
n ( ) ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ ∞=∫ ∞
Ddx x f ,1
j) ∑∞
=
−
1n
n
n
e ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ∞<∫ ∞
K dx x f ,1
1.1.5 Pomocou Leibnitzovho kritéria vyšetrite konvergenciu číselných radov
a) ( )∑∞
=
+−1
1
2
1
n
n
n K a nn
,0lim =∞→
b) ( )
( )∑∞
=
+
+
−1
1
12ln
1
n
n
n K a n
n
,0lim =∞→
c) ( )∑∞
=
+−1
11
n
n
n K a nn
,0lim =∞→
d) ( ) ( )∑∞
=
+
++−
1
1
121
n
n
nn
Da nn,1lim =
∞→
e) ( )∑∞
=
+−1
2
11
n
n
n K a nn
,0lim =∞→
f) ( )∑∞
=
+
−−
1
1
121
n
n
n K a nn
,0lim =∞→
g) ( )∑∞
=
+
+−
1
1
11
n
n
nn
Da nn,1lim =
∞→
h) ( ) ( )∑∞
=
+ −−1
1
2
131
n
n
n
n⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ =∞→
Da nn
,2
3lim
i) ( )∑∞
=
+−1
1
ln.1
n
n
nn K a nn
,0lim =∞→
j) ( )∑∞
=
+−1
31
31
nn
n n K a nn
,0lim =∞→
k) ( )∑∞
=
+−1
1
2sin.1
nn
n π K a nn
,0lim =∞→
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 12/117
Kapitola 1 - Postupnosti a rady11
1.2 FUNKCIONÁLNE A MOCNINOVÉ RADY.
Nech pre každé N n∈ sú na neprázdnej množine A definované funkcie n f . Potom
{ }∞=1nn f je postupnos ť funkcií definovaná na množine A .
Nech { }∞=1nn f je postupnos ť funkcií na množine A . Nech pre A x∈∀ je postupnos ť
( ){ }∞=1nn x f konvergentná. Ozna čme ( ) ( ) x f x f nn ∞→= lim . Potom hovoríme, že postupnos ť { }∞=1nn f
konverguje bodovo na k funkcii f R A f →: , čo môžeme zapísa ť v tvare
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )ε ε <−>∈∀∈∃>∀∈∀ x f x f nn N n N n A x n:,0 00
Nech { }∞=1nn f je postupnos ť funkcií na množine A a nech R A f →: je funkcia.
Potom hovoríme, že postupnos ť { }∞=1nn f konverguje na A rovnomerne k funkcii ( ) x f
R A f →: , ak platí( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )ε ε <−∈∀>∈∀∈∋>∀ x f x f A xnn N n N n n:,0 00
Nech { }∞=1nn f je postupnos ť funkcií na A . Potom výraz ∑∞
=1nn f nazývame nekone čným
radom funkcií na A .
Funkciu ∑=
=+++=n
k k nn f f f f s
121 ... nazývame n -tým čiasto čným sú čtom ∑
∞
=1nn f .
Ak postupnos ť { }∞=1nn s konverguje na A bodovo k funkcii R A s →: , tak hovoríme, že
rad ∑∞
=1nn f konverguje na A bodovo k funkcii s a platí ∑
∞
== 1nn f s na množine A .
Hovoríme, že rad funkcií ∑∞
=1nn f konverguje na A rovnomerne k funkcii R A s →: ,
ak postupnos ť čiasto čných sú čtov { }∞=1nn s konverguje na rovnomerne k funkcii s .
Ak postupnos ť spojitých funkcií { }∞=1nn f rovnomerne konverguje na A k funkcii
R A f →: , tak aj f je spojitá. Podobne ak ∑∞
=1nn f je rad spojitých funkcií rovnomerne
konvergujúci na k funkcii R A s →: , tak aj funkcia s je spojitá.
Nech ∑∞
=1nn f je rad spojitých funkcií na ba , , nech ∑
∞
=1nn f rovnomerne konverguje
k funkcii Rba s →,: , nech ba x ,0∈ . Potom platí
( ) ( )∑ ∫ ∫ ∑∞
=
∞
= ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
1100
n
x
xn
x
x nn dt t f dt t f ... integrovanie člen po člene
Nech ∑∞
=1nn f je rad spojite diferencovate ľných funkcií na ba , , nech ba x ,0∈ , nech
( )0
1
x f n
n∑∞
=
je konvergentný. Potom platí
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 13/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 12
( )∑∑∞
=
∞
=′=
′⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
11 nn
nn f f ... derivovanie člen po člene
Pre konvergenciu funkcionálnych radov môžeme použi ť upravené d´Alembertovo
a Cauchyho odmocninné kritérium. Ak ( )( ) 1lim1
<+
∞→ x f x f
n
n
n
resp. ( ) 1lim <∞→n
nn x f , tak
funkcionálny rad ( )∑∞
=1nn x f konverguje v .
Rad ( ) ( ) ( ) ( ) ( )...... 03
032
0201000
+−++−+−+−+=−∑∞
=
nn
n
nn x xa x xa x xa x xaa x xa ,
kde Raaa x n∈,...,,, 100 , { }0∪∈ N n nazývame mocninovým radom. Číslo 0 x nazývame stred
mocninového radu, naaa ,...,, 10 sú koeficienty mocninového radu. Konvergenciamocninového radu je analogická ako u radov funkcií.
Pre každý mocninový rad ( )n
nn x xa 0
0−∑
∞
=nastáva jeden z prípadov:
Rad konverguje len v bode 00 =⇒= ρ x x Rad konverguje R x∈∀ ∞=⇒ ρ 0>∋ρ , že na ( ) ρ ρ +− 00 , x x daný rad konverguje a na množine ρ ρ +− 00 ,/ x x R
daný rad divergujeČíslo ρ nazývame polomer konvergencie, ( ) ρ ρ +− 00 , x x ozna čuje interval konvergencie.
Ak existuje λ =+→∞
N
n
n aa 1lim resp. λ =
∞→n
nnalim , tak polomer konvergencie
mocninového radu ( )n
nn x xa 0
0
−∑∞=
je :
λ
ρ 1= pre ∞<<λ 0
∞= ρ pre 0=λ 0= ρ pre ∞=λ
V prípade, že 1=λ treba na ur čenie konvergencie mocninového radu v krajných bodoch(pre konkrétnu hodnotu x z mocninového radu dostávame rad číselný) použi ť niektoréz kritérií konvergencie číselných radov.
Príklad 1: Vyšetrite konvergenciu radu( )
( )( )∑∞
= +++
1 2132
nn
n
nn x
Použijeme D´Alembertovo kritérium pre konvergenciu funkcionálnych radov
( )( )( )
( )( )( )323
2,
2132
1
1
1 +++=++
+= +
+
+ nn x
f nn
x f n
n
nn
n
n
( )( )( )( )
( )( )
( )( )( ) 2
31
233
1lim
213
2323
2
limlim1
1
1 +=+++=
++
+++
+=
∞→
+
+
∞→+
∞→x x
nn
nn
xnn
x
f f
n
n
n
n
n
nn
n
n
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 14/117
Kapitola 1 - Postupnosti a rady13
Pod ľa D´Alembertovho kritéria je rad konvergentný vtedy, ak platí 1lim 1 <+∞→
n
n
n f f
.
Pre rad( )
( )( )∑∞
= +++
1 2132
nn
n
nn x
teda musí by ť splnená podmienka 1231 <+ x
a teda 153231231 <<−⇔<+<−⇔<+ x x x
Pre všetky ( )1,5−∈ x teda rad( )
( )( )∑∞
= +++
1 2132
nn
n
nn x
konverguje.
Pre vyšetrenie konvergencie radu v krajných hodnotách použijeme kritériakonvergencie číselných radov
Pre 5−= x dostaneme číselný rad( )
( )( )( )
( )( )∑∑∞
=
∞
= ++−=++
−11 21
1213
3
n
n
nn
n
nnnn. Pod ľa
Leibnitzovho kritéria je( )( )
021
1lim
=++∞→ nnna teda daný číselný rad konverguje.
Pre 1= x dostávame číselný rad( )( ) ( )( )∑∑
∞
=
∞
= ++=++ 11 211
2133
nnn
n
nnnn. Daný číselný
rad má sú čet21= s a je teda konvergentný.
Potom obor konvergencie radu( )
( )( )∑∞
= +++
1 2132
nn
n
nn x
je 1,5−
Príklad 2: Vyšetrite konvergenciu radu ( )∑∞
= −1
2
5n
n
x Použijeme Cauchyho kritérium pre konvergenciu funkcionálnych radov
( ) 22 55limlim x x f nn
nn
nn−=−=
→∞→∞
Pod ľa Cauchyho kritéria je rad konvergentný vtedy, ak platí 1lim <→∞
nnn
f .
Pre rad ( )∑∞
=−
1
25n
n x teda musí by ť splnená podmienka 15 2 <−x
a teda 4615115 222 >>⇔<−<−⇔<− x x x
Pre všetky ( ) ( )6,22,6 ∪−−∈ x teda rad ( )∑∞
=−
1
25n
n x konverguje.
Pre vyšetrenie konvergencie radu v krajných hodnotách použijeme kritériakonvergencie číselných radov
Pre 6−= x a 6= x dostaneme číselný rad ( ) ( )∑∑∞
=
∞
=−=⎟ ⎠
⎞⎜⎝ ⎛ −−
11
2165
n
n
n
n
. Pod ľa
Leibnitzovho kritéria je 11lim =∞→n
a teda daný číselný rad diverguje.
Pre 2−= x a 2= x dostaneme číselný rad ( )( ) ∑∑∞
=
∞
=
=−−11
2 125n
n
n
n. Pretože daný
číselný rad nemá kone čný sú čet, je divergentný.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 15/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 14
Potom obor konvergencie radu ( )∑∞
=−
1
25n
n x je ( ) ( )6,22,6 ∪−−∈ x
Príklad 3: Nájdite obor konvergencie mocninového radu( ) ( )∑
∞
=
−−1
1!1
n
nn x
n
n
Použijeme D´Alembertovo kritérium pre konvergenciu mocninových radov( ) ( )
( ) ( ) 1111!
1!11
,!1
+++ +=
+−+=−= nnnnn
nn
nn
an
na
( )( )
( )( ) ( ) ( )
...1
lim1
lim!11
!1lim
!11!
limlim1
1
1
1
11 =⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+=+
=−+
−=−+==
+
∞→+
+
∞→+∞→
+
∞→+
∞→
n
nn
n
nn
n
n
n
n
nn
n
n nn
nn
nnnnn
nn
nn
aa
λ
ee
n
n
n
1
1
11lim... 1
1
==⎟
⎠
⎞⎜
⎝
⎛
+
−+= −+
∞→
Potom polomer konvergencie e==λ
ρ 1
, stred radu je 10 = x a teda rad konverguje
pre všetky ( )ee x +−∈∀ 1,1 .
Pre obidve krajné hodnoty rady ( ) ( )!111
−−∑∞
=n
ne
nn
nn a ( )!1
1
−∑∞
=n
ne
nn
n
konvergujú a teda
obor konvergencie radu( ) ( )∑
∞
=−−
1
1!1
n
nn x
nn
je ee +− 1,1
Príklad 4: Vyšetrite konvergenciu radu ∑∞=1
4n
nn
nn x
Použijeme Cauchyho kritérium pre konvergenciu mocninových radov
41
lim44
lim4
limlim23
23
23 =====
∞→∞→∞→∞→n
nn
nn
n
nn
nn
nnnaλ
Potom polomer konvergencie411 ==
λ ρ , stred radu je 00 = x a teda rad konverguje
pre všetky ⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ −∈∀ 4
1,41 x . Pre obidve krajné hodnoty rady ( )∑
∞
=−
1
1n
n
nna ∑
∞
=1
1n nn
konvergujú
a teda obor konvergencie radu ∑∞
=1
4
n
nn
nn x
je41
,41−∈∀ x
Príklad 5: Nájdite sú čet radu( )( )∑
∞
=
++0 2
21
nn
nn
Rad( )( )∑
∞
=
++0 2
21
nn
nnmožno prepísa ť do tvaru ( )( ) n
n
xnn∑∞
=++
0
21 pre21= x .
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 16/117
Kapitola 1 - Postupnosti a rady15
( )( )( ) ( )32
22
0
2
0 12
12
121
x x x x
x x
x xnnn
nn
n −=
′⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
−−=
″⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
−=″⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ =++ ∑∑
∞
=
+∞
=
Pre21= x je sú čet radu
( )( )8
21
1
22
213
0
=
⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ −
=++∑∞
=nn
nn
Úlohy :
1.2.1 Nájdite obor konvergencie daného funkcionálneho radu
a) ( )∑
∞
=
−
−1
1
!1n
n
n x
( )[ ]∞∞− ,
b) ∑∞
=1
.!n
n xn { }[ ]0
c) ∑∞=1 3.n
n
n
n x )[ ]3,3−
d) ∑∞
=1
2
9.
nn
n xn ( )[ ]3,3−
e) ∑∞
=1n
n
nn
x [ ]1,1−
f) ( )∑∞
=1
sin
nnnnx
( )[ ]∞∞− ,
g) ∑∞
=
⎟ ⎠ ⎞⎜⎝ ⎛ 1
2
sin
n nn x
( )[ ]∞∞− ,
h) ( )∑∞
=
+1
2 3
n
n
n x
[ ]0
i) ( )∑∞
=
−1
!1
nn
n
n xn
( )[ ]ee,−
j) ( )∑∞=
−1
23n
n x ( ) ( )2,22,2 ∪−−
k) ( )∑∞
=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +
1n
n
nn x x
( )[ ]1,1−
l) ∑∞
=
−
1
.n
nxen ( )[ ]∞,0
m) ∑∞
=
−
1
.n
nxenx )[ ]∞,0
1.2.2 Dokážte, že dané rady rovnomerne konvergujú na danej množine
a) ∑∞
=1nn
n
n x
[ ]2,2−
b)
∑∞
=
−
1
2
.n
nx
e x )[ ]∞,0
c) ( )∑∞
=
−1
2 2.ln.2
nn
n
nn x
[ ]4,0−
d) ∑∞
= +124
1
n n x ( )[ ]∞∞− ,
e) ∑∞
=1 2cos
nn
nx ( )[ ]∞∞− ,
f) ∑∞
=+
1
22
1
n
xen ( )[ ]∞∞− ,
g) ( )∑∞
= +−
1 21
nn
n
x, 2≥n ( )[ ]∞− ,2
h) ( )
∑∞
= +−
2 sin1
n
n
xn [ ]π 2,0
i) ∑∞
=1
sin
n nn
nx ( )[ ]∞∞− ,
j) ( )∑∞
= +−
1
1
n
n
n x ( )[ ]∞,0
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 17/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 16
1.2.3 Určte polomer konvergencie mocninového radu:
a) ( )∑
∞
= +1 3.1.2
n
nn
n
xn
n ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
23
b) ( ) ( ) ( )∑∞
=+++1
13.2.1
1n
nn x
nn [ ]3
c) ∑∞
= +1 1
100
n
nn
xn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
1001
d) ( )∑∞
=1 !n
nn
xn
nx ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
e1
e) ( )∑∞
=
−−−1
115.1n
nn xn ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
51
f)
∑∞
=1 .!n
n
xn [ ]0
g) ( ) ( )∑
∞
=
−
−−1
12
12.!121
n
n xnn
[ ]∞
h) ∑∞
=1 2
3
n
n
n
n
x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
32
i) ( )( )∑∞= −−1
112
1n
n xn
[ ]1
j) ( )∑∞
=−
1
2!
n
n
n xnn
[ ]e
k) ( )∑∞
=
−−−−1
2211 21n
nnn x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
22
l) ( )( )∑
∞
=1 .!2!3
n
nn x
nnn
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
274e
1.2.4 Nájdite obor konvergencie mocninových radov
a) ( ) 1
1
1 .5.1 −∞
=
−∑ − n
n
n xn ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −
51
,51
b) n
n
xn∑
∞
=1 2
1
[ ]1,1−
c) n
n
n
xn∑
∞
=1
2 ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞−
21
,21
d) ∑∞
=1 !n
n
n x
( )[ ]∞∞− ,
e) ( )∑
∞
=
−
−1
1
!1.5
n
nn
n x
( )[ ]∞∞− ,
f) n
n
xn∑∞
=1
.! { }[ ]0
g) ( ) n
nn x
nn∑
∞
=
−1
!1 [ ]ee,−
h) 2
1
2
3 n
n
n x∑∞
= ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −31
,31
i) n
n
k
xnn∑
∞
=1 ! ( )[ ]∞∞− ,
j) n
n
n
xn
∑∞
=1
10 ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡⎜⎜⎝ ⎛ −
101
,10
1
k) ( )∑∞
= −1 !!12!
n
n
n xn
( )[ ]2,2−
l) ( )( )∑
∞
=1
2
!2!
n
n
n xn
( )[ ]4,4−
m) ∑∞
=12
n
n
n x
[ ]1,1−
n) ∑∞
= −1 12n
n
n x
( )[ ]2,2−
o) ( )∑
∞
=+
1
3.n
nn xn { }[ ]3−
p) n
n
n
xn∑
∞
=1
5 ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡⎜⎜⎝ ⎛ −
51
,51
1.2.5 Derivovaním alebo integrovaním vhodného radu nájdite sú čet daného radu na
vhodnom intervale
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 18/117
Kapitola 1 - Postupnosti a rady17
a) ( ) n
n
xn∑∞
=+
0
1 ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
− 21
1
x
b) ( )( ) n
n
xnn 210
++∑∞
=
( ) ⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
− 312 x
c) n
n
xn∑∞
=0
2 ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
−+
3
2
1 x
x x
d) ( )( )( )n
n
xnnn∑
∞
=
+++0 !3
321
( ) ⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
− 41
1
x
e) 1
1 5−
∞
=∑ n
nn x
n
( ) ⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
− 25
5
x
f) ( ) n
n
xn
∑
∞
=+
1
12 ( )( )⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡
−
+22
2
1
1
x
x
g) 1
1
−∞
=∑ n
n
xn ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
− 21
1
x
h) ( ) n
n
xn
2
1
321 −∑
∞
=( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−− 231ln21
x
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 19/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 18
1.3 TAYLOROV RAD.
Ak existuje mocninový rad ( )n
nn x xa 0
0 −∑∞
= so stredom v bode 0 x taký, že konvergujev nejakom okolí bodu 0 x k funkcii f , a ak má funkcia f v čísle 0 x všetky derivácie, tak ho
môžeme rozvinú ť v okolí bodu 0 x do Taylorovho radu.. Mocninový rad
( ) ( )( ) ( )( )( )( )( )
( )( )( )∑∞
=−=+−++−′′+−′+
00
00
020
00
00 !
...!
...!2!1 n
nn
nn
x xn
x f x x
n x f
x x x f
x x x f
x f
nazývame Taylorov rad funkcie f v čísle 0 x .Taylorove rady niektorých funkcií
...
!
...
!3!2!1
132
++++++=n
x x x xe
n x pre ( )1,1,00 −∈= x x
( ) ( )...
!121...
!5!3!1sin
121
53
+−−+++−=−
−
m x x x x
xm
m pre ( )1,1,00 −∈= x x
( ) ( )...
!221...
!4!21cos
221
42
+−−+++−=−
−
m x x x
xm
m pre ( )1,1,00 −∈= x x
( ) ( )( ) ...1...432
1ln 1432
+−++−+−=+ −
n x x x x
x xn
n pre ( )1,1,00 −∈= x x
Príklad 1: Rozvi ňte funkciu ( ) x x x f 2sin.= do mocninového radu so stredom 00 = x
Pretože platí
( ) ( )...
!121...
!5!3!1sin
121
53
+−−+++−=−
−
m x x x x
xm
m pre ( )1,1,00 −∈= x x ,
stačí, ak v danom rade nahradíme v poslednom rade x2 za x a dostaneme
( ) ( )( )
...!12
21...
!532
!38
!12
2sin12
153
+−−+++−=−
−
m x x x x
xm
m pre ( )1,12,00 −∈= x x
Rozvoj funkcie ( ) x x x f 2sin.= do Taylorovho radu teda môžeme zapísa ť v tvare
( )( )
( )...
!12
21...
!5
32
!3
8
!1
22sin.
121
642
+−
−+++−=−
−
m
x x x x x x x
mm pre
( )1,12,0
0−∈= x x
1.4 FOURIEROVE RADY A ICH APLIKACIE
Fourierove rady ( FR ) sú funkcionálne rady, ktorými popisujeme periodicky saopakujúce deje. Ak ( ) x f je perodická funkcia s periódou T , tak ( ) f D x∈∀ platí
( ) ( )∫ ∫ +
=T T a
a
dx x f dx x f 0
.
Fourierovým radom funkcie po častiach spojitej, periodickej funkcie ( ) x f s periódou
ω π 2=T nazývame trigonometrický rad
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 20/117
Kapitola 1 - Postupnosti a rady19
( ) ( )∑∞
=++≈
1
0 sincos2 n
nn xnb xnaa
x f ω ω , kde
( ) ( ) ( ) dx xn x f T
bdx xn x f T
adx x f T
aT
n
T T
n ∫ ∫ ∫ ===000
0 sin2
,cos2
,2
ω ω
nn baa ,,0 sú Fourierove koeficienty, ...,2,1,0=n
Ak naviac funkcia ( ) x f je párna, l T 2= al π
ω = , tak hovoríme o kosínusovom FR
( ) ∑∞
=+≈
1
0 cos2 n
n xnaa
x f ω ,
kde pre ...,2,1,0=n je ( ) ( ) dxl xn
x f l
dx xn x f T
al
l
T
nπ
ω cos2
cos4
0∫ ∫ −
== , 0=nb .
Ak naviac funkcia ( ) x f je nepárna, l T 2= al π
ω = , tak hovoríme o sínusovom FR
( ) ∑∞=
≈1
sinn
n xnb x f ω ,
kde pre ...,2,1=n je ( ) ( ) dxl xn
x f l
dx xn x f T
bl
l
T
nπ
ω sin2
sin4
0∫ ∫ −
== , 0=na .
Niekedy je treba pomocou FR vyjadri ť aj neperiodickú, po častiach spojitú funkciu( ) x f definovanú na l aa +, . Najskôr ju ale musíme periodicky pred ĺžiť (rozšíri ť).
Pred ĺženie je bu ď párne, alebo nepárne.Pre párne pred ĺženie z l ,0 na l l ,− je potom
( ) ( )( )⎩
⎨⎧ −∈− ∈=0,
,0l x pre x f l x pre x f x f P
Pre nepárne pred ĺženie z l ,0 na l l ,− je potom
( )( )
( )⎪⎩
⎪⎨
⎧
−∈−−=∈
=0,
00
,0
l x pre x f
x pre
l x pre x f
x f N
Príklad 1: Nájdite FR funkcie ( ) x x f = na intervale π π ,−∈ x
Podľa zadania je 12 =⇒=⇒= ω π π T l
022
1122
0
2020
00 =
⎪⎭
⎪⎬
⎫
⎪⎩
⎪⎨
⎧
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡=⎭⎬⎫
⎩⎨⎧ +==
−− −∫ ∫ ∫
π
π
π
π π
π
π π π x x
dx xdx xdx xa
0......cos1
cos22 =−=== ∫ ∫
−− partés per dxnx xdxnx xa n
π
π
π
π π π
...sincos1
......sin1
sin22
2 =⎪⎭
⎪⎬⎫
⎪⎩
⎪⎨⎧
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−====−−−−
∫ ∫ π
π
π
π
π
π
π
π π π π nnx
nnx x
ppdxnx xdxnx xbn
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 21/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 20
( ) ( ) ( ) ( )112
12
111
... +−=−−=⎭⎬⎫
⎩⎨⎧ −−−−= nnnn
nnnnπ π
π pre ...,2,1=n
Výsledok zapíšeme v tvare
( ) ( )∑∞
=
+−≈1
1 sin12
n
n nx
n
x f
Príklad 2: Nájdite FR funkcie ( ) 2 x x f = na intervale π π ,−∈ x
Podľa zadania je 12 =⇒=⇒= ω π π T l
32
3311
22 2
0
3030
0
220
π π π π
π
π
π
π π
π
=⎪⎭
⎪⎬
⎫
⎪⎩
⎪⎨
⎧
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡=⎭⎬⎫
⎩⎨⎧ +==
−− −∫ ∫ ∫ x x
dx xdx xdx xa
......2...sin1
sin22 22 ==== ∫ ∫
−−
partés per krát dxnx xdxnx xa n
π
π
π
π π π
...sin2cos2sin1
... 32
2
=⎪⎭
⎪⎬
⎫
⎪⎩
⎪⎨
⎧
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−=−−−
π
π
π
π
π
π π nnx
nnx x
nnx x
( ) ( ) ( )nnn
nnn1
41
21
21... 222
−=⎭⎬⎫
⎩⎨⎧ −−−−= π π
π pre ...,2,1=n
0...2...cos1
cos22 22 =−=== ∫ ∫
−− partés per krát dxnx xdxnx xbn
π
π
π
π π π
Výsledok zapíšeme v tvare
( ) ( )∑∞
= −+≈ 12
2
cos14
3 n
n
nxn x f π
Príklad 3: Rozšírte funkciu ( ) x x f −=4 , π ,0∈ x do kosínusového FR.
Pretože h ľadáme kosínusový FR musíme funkciu ( ) x f najprv dodefinova ť tak, aby bola na rozšírenom intervale párna. Dostávame teda párnu funkciu
( )⎩⎨⎧
−∈+∈−=
0,4
,04
π
π
x pre x
x pre x x f P
Pod ľa zadania je 12 =⇒=⇒= ω π π T l
( ) π π
π π π π
π π
−=⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛ −=⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−= ∫ 82
42
24
24
24 2
0
2
00
x xdx xa
( ) ( ) ...sin2sin
42
......cos424
000
=+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −==−= ∫ ∫ π π π
π π π dx
nnx
nnx
x ppdxnx xa n
( )( )n
nnnn
nnx
1120coscos2cos2
... 2220
2−−=⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +−=⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡−=π
π π π
π
pre ...,2,1=n
0=nb pre ...,2,1=n
Výsledok zapíšeme v tvare
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 22/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 23/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 22
g) ( )( )( )
{ }⎪⎩
⎪⎨
⎧
−∈∈
−∈−=
π π
π
π
,0,0
,0cos
0,cos
x
x x
x x
x f ( ) ( )( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −++∑∞
=12 sin11
12
n
n nxn
nπ
1.4.2 Rozviň te funkciu )( x f do kosínusového radu:
a) 2
)(x
x f = ( )π ,0∈ x ( )
( )[ ] ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−−
− ∑∞
=12 12,12cos
12
124 k
k n xk k π
π
b) x x f =)( π π ,−∈ x ( )[ ]
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−
−− ∑∞
=12 12,
12
12cos42 k
k nk
xk π
π
1.4.3 Rozviň te funkciu )( x f do sínusového radu:
a) 2
)(x
x f = , ( )π ,0∈ x ( )
⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ −∑∞
=
+
nxnn
n
sin1
1
1
b) 24
)(x
x f −=π , ( )π ,0∈ x ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =∑∞
=1
2,2sin21
k
k nkxk
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 24/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných23
2 DIFERENCIÁLNY PO ČET FUNKCIE N - PREMENNÝCH
2.1 PARCIÁLNE DERIVÁCIE FUNKCIE N-PREMENNÝCH
Majme funkciu f ( X ), )...,,,( 21 n x x x X = definovanú v okolí O( A) bodu
)...,,,( 21 naaa A = . Nech )( ii x g je parciálna funkcia ),...,,,,...,,()( 1121 niiiii aa xaaa f x g +−= ,
i = 1, 2, ..., n, definovaná na množine )(),...,,,,...,,( 1121 AOaa xaaaM niiii ⊂= +− . Parciálnou
deriváciou funkcie f ( X ) pod ľa premennej xi v bode A nazývame deriváciu funkcie )( ii x g
v čísle ii a x = a ozna čujeme ju jedným zo znakovi x
A f ∂
∂ )(,
Ai x f ⎟⎟
⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ ∂∂
, )( A f i x′ .
Zložená funkcia. Nech ( )),...,(,...),,...,(),...,( 1111 mnmm x x g x x g f x x F = je zložená
funkcia. Nech funkcie ),...,( 1 mi x x g , i = 1, 2, ..., n sú diferencovate ľné v bode Aaaaa m ∈= )...,,,( 21 . Nech funkcia f je diferencovate ľná v bode ( ) Ba g a g b n ∈= )(,...),(1 .
Potom zložená funkcia F je diferencovate ľná v bode a , pri čom pre jej parciálne derivácie platí:
i
n
niii xa g
g b f
xa g
g b f
xa g
g b f
xa F
∂∂⋅∂
∂+⋅⋅⋅+∂∂⋅∂
∂+∂∂⋅∂
∂=∂∂ )()()()()()()( 2
2
1
1
, i = 1, 2, ..., m.
Implicitná funkcia. Nech F ( x, y) je spojitá funkcia dvoch premenných. Ak existujespojitá funkcia )( x f y = taká, že pre každé x z oboru definície funkcie )( x f y = platí
[ ] 0)(, = x f x F , potom funkciu f ( x) nazývame funkciou ur čenou implicitne rovnicou
0),( = y x F . Nech F ( x, y) je spojitá na okolí bodu ),( 00 y x A = a má na danom okolí spojité parciálne
derivácie až do n-tého rádu. Nech v bode A je F ( x, y) = 0 a 0),( 00 ≠∂
∂ y
y x F , potom existuje
kladné číslo ξ také, že funkcia f ( x) má na intervale ),( 00 ξ ξ +−= x x I spojité derivácie až do
n-tého rádu. Pre prvú deriváciu funkcie f ( x) platí: ′′
−=′ y
x
F
F x f )( , kde
x F
F x ∂∂=′ a
y F
F y ∂∂=′ .
Rovnica dotykovej roviny ku grafu funkcie z = f(x,y). Nech funkcia z = f ( x, y) jespojitá a diferencovate ľná v okolí bodu ),,(
000z y x A = . Potom rovnica dotykovej roviny ku
grafu tejto funkcie v bode A je:
0)()()(
)()(
000 =−−−∂∂+−∂
∂ z z y y
y A f
x x x A f
.
Rovnica dotykovej roviny ku grafu funkcie z = f ( x, y) danej implicitne rovnicou 0),,( = z y x F v bode ),,( 000 z y x A = je:
0)()(
)()(
)()(
000 =−∂∂+−∂
∂+−∂∂
z z z A F
y y y A F
x x x A F
Príklad 1 : Nájdime parciálne derivácie funkcie y x y x y x f 234 112),( +−= .
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 25/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 24
Počítajme f ∂∂
, premennú y považujeme za konštantu a f derivujeme ako funkciu
jednej premennej x, dostaneme
xy x x f
224 3 +=∂∂
.
Analogicky vypo čítame y f ∂∂ , teraz považujeme premennú x za konštantu a f
derivujeme ako funkciu jednej premennej y, dostaneme22 116 x y
y f +−=∂∂
Príklad 2 : Nájdime parciálne derivácie funkcie f ( x, y, z ) v bode A=(1,-2,1), ak
x z
z y
y x
z y x f −+=),,( .
Nájdeme parciálne derivácie z f
y f
x f ∂∂∂∂∂∂ ,, :
x z y
z f
z y x
y f
x z
y x f 1
,1
,1
222−−=∂
∂+−=∂∂+=∂
∂.
Pre h ľadané parciálne derivácie v bode A dostávame
,43
1411
,21
1211
22=+−=⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜⎝ ⎛ +−=⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜⎝ ⎛ ∂∂=+−=⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜⎝ ⎛ +=⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ ∂∂
A A A A z y x
y f
x z
y x f
1121
2=−=⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −−=⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ ∂∂
A A x z y
z f
Príklad 3 : Vypo čítajmedt dz
, ak y x z .= , kde t e yt x +== 1,ln .
Daná funkcia z je zložená funkcia premennej t . Funkcia t t x ln)( == je
diferencovate ľná na množine A = (0, ∞) a funkcia t et y +== 1)(ψ je diferencovate ľná namnožine B = (-∞,∞). Funkcia z je diferencovate ľná v každom bode ( x, y). Deriváciu funkcie z ur číme zo vz ťahu
dt dy
y z
dt dx
x z
dt dz
⋅∂∂+⋅∂
∂=
a dostanemet
t
t t e
e
t t
ee
y x
t y
dt dz
⋅+
++=⋅⋅+⋅=12
ln1
2
11
Príklad 4 : Vypo čítajmev
z u z
∂∂
∂∂
, , ak y
x z
2
= , kde uv yvu x 2,2 +=−= .
Daná funkcia z je zložená funkcia premenných u a v, je definovaná v každom bode( x, y)∈ D = { y≠0, teda v≠-2u }. Funkcie vuvu x 2),( −== , uvvu y 2),( +== majúspojité parciálne derivácie v každom bode ( u,v) 2 E ∈ . Funkcia z je diferencovate ľná v každom
bode ( x, y)∈ D. Parciálne deriváciev
z u z ∂∂∂∂ , ur číme zo vz ťahov
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 26/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných25
u y
y z
u x
x z
u z
∂∂⋅∂
∂+∂∂⋅∂
∂=∂∂
,
v y
y z
v x
x z
v z
∂∂⋅∂
∂+∂∂⋅∂
∂=∂∂
,
pri čom dostaneme
2
2
22
)2()2(2
2)2(2
21
.12
uvvu
uvvu
y x
y x
u z
+−−+
−=⋅−+⋅=∂∂
,
2
2
22
)2()2(
2)2(4
11
.)2(2
uvvu
uvvu
y x
y x
v z
+−−+
−−=⋅−+−⋅=∂∂
Príklad 5 : Vypo čítajme deriváciu funkcie )( x f y = zadanej implicitne, ak
[ ] 052:)(, 2 =−+−− ye xy x x f x F y .
Pre deriváciu funkcie )( x f ′ platí: ′
′
−=′=′ y
x
F
F x f y )( , kde x
F F x ∂
∂=
′a y
F F y ∂
∂=
′.
Najskôr vypo čítame parciálne derivácie funkcie F( x, y):
y x x F
22 −=∂∂
, 12 +−−=∂∂ ye x y F
.
A teda dostaneme
1222
1222
−+−=
+−−−−=′
y y e x y x
e x y x
y
Príklad 6 : Nájdime rovnicu dotykovej roviny ρ a normály n ku grafu funkcie danej rovnicou2214 y x z −−= v bode A = (3,1,2).
Pre rovnicu dotykovej roviny ρ ku grafu funkcie ),( y x f z = v bode ( )000 ,, z y x A = platí
ρ : 0)()()(
)()(
000 =−−−∂∂+−∂
∂ z z y y
y A f
x x x A f
(1).
Najprv ur číme x A f
∂∂ )(
a y A f
∂∂ )(
:
2
3
14
)(22
−=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛
−−
−=∂
∂
A y x
x
x
A f ,
2
1
14
)(22
−=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛
−−
−=∂
∂
A y x
y
y
A f .
Dosadením do rovnice (1) dostaneme
ρ : 0)2()1(21
)3(23 =−−−−−− z y x
a rovnicu následne môžeme upravi ť na tvar ρ : 01423 =−++ z y x .
Rovnicu normály ur číme zo vz ťahu
n: t x A f
x x ∂∂+= )(
0 , t y A f
y y ∂∂+= )(
0 , t z z −= 0 , t ∈R
a dostaneme
n: t x233 −= , t y
211 −= , t z −=2 , t ∈R .
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 27/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 26
Príklad 7 : Nájdime rovnicu dotykovej roviny ρ a normály n ku grafu funkcie danejimplicitne rovnicou 03 =−+− xy z e z v bode A = (2,1,0).
Pre rovnicu dotykovej roviny ρ ku grafu funkcie 0),,( = z y x F v bode( )000 ,, z y x A = platí
ρ : 0)()()()()()( 000 =−∂∂+−∂∂+−∂∂ z z z A F y y
y A F x x
x A F (2).
Ur číme x A F
∂∂ )(
, y A F
∂∂ )(
, z A F
∂∂ )(
:
1)()( ==∂
∂ A y
x A F
, 2)()( ==∂
∂ A x
y A F
, ( ) 01)( =−=∂
∂ A
z e z A F
.
Dosadením do rovnice (2) dostanemeρ : 0)0.(0)1.(2)2( =−+−+− z y x ,
resp. po úpraveρ : 042 =−+ y x .
Rovnicu normály ur číme zo vz ťahu
n: t x A F
x x ∂∂+= )(
0 , t y A F
y y ∂∂+= )(
0 , t z A F
z z ∂∂+= )(
0 , t ∈R
a dostanemen: t x += 2 , t y 21 += , 0= z , t ∈R
Príklad 8 : Nájdime rovnicu dotykovej roviny ρ k elipsoidu F : 2123 222 =++ z y x , ktorá jerovnobežná s rovinou α: 046 =++ z y x .
Nech T = ),,( 000 z y x je dotykovým bodom elipsoidu a roviny ρ . Ur číme x
T F ∂∂ )( ,
yT F
∂∂ )(
, z T F
∂∂ )(
:
06)(
x x
T F =∂∂
, 04)(
y y
T F =∂∂
, 02)(
z z T F =∂
∂.
Keďže α je rovnobežné s ρ, tak ),4,6(. k k k nk n == α ρ . Zárove ň platí rovnos ť
)2,4,6(),4,6( 000 z y xk k k = , z ktorej pre súradnice bodu T dostaneme
2,, 000
k z k yk x === .
Neznámu k ur číme dosadením súradníc bodu T do rovnice elipsoidu
0214
232
22 =−++ k k k
a máme242 ±=⇒= k k .
Dostali sme dva dotykové body )1,2,2(1 =T a )1,2,2(2 −−−=T . Použitím vz ťahu (2)z Príkladu 7 a po následnej úprave pre h ľadané roviny dostaneme
02146:
02146:
2
1
=+++=−++
z y x
z y x
ρ
ρ
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 28/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných27
Úlohy :
2.1.1 Určte parciálne derivácie funkcií pod ľ a jednotlivých premenných :
a)
xy y x y x f 15),(33
−+= ⎢⎣
⎡
−=∂∂
y x x f
1532
, ⎥⎦
⎤
−=∂∂
x y y f
1532
b) )84ln(),( 2 +−= x y y x f ⎢⎣
⎡
+−−=∂
∂84
42 x y x
f , ⎥
⎦
⎤
+−=∂
∂84
22 x y
y y f
c) 9
),(22 y x
arctg y x f += ⎢
⎣
⎡
++=∂
∂222 )(81
18 y x
x x f
, ⎥⎦
⎤
++=∂
∂222 )(81
18 y x
y y f
d) x y x y x f 3sin)52(),( += ⎢⎣
⎡ ++=∂∂
x y x x x f
3cos)52(33sin2 , ⎥⎦
⎤=∂∂
x y f
3sin5
e)
22
22
),( y x y x
y x f +−
= ⎢⎣
⎡
+=∂∂
222
2
)(4
y x xy
x f
, ⎥⎦
⎤
+−
=∂∂
222
2
)(4
y x y x
y f
f) z x
y z
x y
z y x f ++=),,( ⎢⎣
⎡ +−=∂∂
z x y
x f 1
2 , 2
1 y z
x y f −=∂∂
, ⎥⎦
⎤−=∂∂
2
1 z x
y z f
g) y y x
xe y x f +=),( , x >0⎢⎢
⎣
⎡+=∂
∂ −11 y y x
yxe y x
f ,
⎥⎥
⎦
⎤+−=∂
∂ x xe
y x
y f y y
x
ln2
h) y x xye y x f 2),( += ⎢⎣
⎡ +=∂∂ + )1(2 x ye x f y x , ⎥
⎦
⎤+=∂∂ + )21(2 y xe y f y x
2.1.2 Nájdite parciálne derivácie danej funkcie pod ľ a jednotlivých premenných v bode A :
a) y x
arctg y x f =),( , A = ( 0;1) [1;0]
b) )ln(),,( 222 z y x z y x f ++= , A = ( 3; 2; 1 ) ⎢⎣
⎡
73
;72
; ⎥⎦
⎤
71
c) xye y x y x f += 23),( , A = ( 1; 2 ) [ ]22 3,212 ee ++
d) x y
e y x f sin
),( = , A = ( 1; 0 ) [ ]1,0
2.1.3 Vypočítajte dt dz
:
a) y x z = ; t x ln= , t e y +=1⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡+ t e
y
xt
y2
1
b) y x z ln= ; t x sin= , t y cos= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+− t x x y
t y x y y sin.ln1
cos.ln lnln1
c) )arcsin( y x z −= ; t x 3= , 34t y = ⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−−−
2
2
)(1
123
y x
t
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 29/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 28
d) y
x z sinln= ; 23t x = , 12 += t y
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+−
1)(cot
6)(cot
23 t
t
y
x
y
x g
y
t
y
x g
2.1.4 Vypoč ítajtedx
dz :
a) y
xarctg z
1+= , x y ln= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
+++−
++ x x y x
x y y 1
.)1(
1)1( 2222
b) y xe z = , x y sin= [ x xee y y cos+ ]
2.1.5 Vypoč ítajteu z ∂∂
,v
z ∂∂
:
a) x y y x z 22 −= ; vu x cos= , vu y sin=
⎢⎣
⎡ −+−=∂∂ v xy xv y xyu z
sin)2(cos)2( 22 , ⎥⎦
⎤−+−−=∂∂ vu xy xvu y xy
v z
cos)2(sin)2( 22
b) y x z ln2= ;vu
x = , vu y 23 −=
⎢⎣
⎡ +⋅=∂∂
y x
v y x
u z 2
31
ln2 , ⎥⎦
⎤−⋅−=∂∂
y x
vu
y xv
z 2
2 2ln2
c) y x
xe z = ; 22 vu x += , uv y =
ve y x
u y x
eu z
y
x
y
x
2
2
2).1( −+=⎢⎣
⎡
∂∂
,⎥⎥⎦
⎤
−+=∂∂
ue y x
v y x
ev z
y
x
y
x
2
2
2).1(
d) y
x z
2
= ; vu x 2−= , uv y 2+= ⎢⎣
⎡ −=∂∂
2
222 y x
y x
u z
, ⎥⎦
⎤−−=∂∂
2
24 y x
y x
v z
e) )ln( 22 y x z += ; uv cos= , vu y cos=
v y x
yuv
y x x
u z
sin2
sin2
2222 ++
+−=⎢
⎣
⎡
∂∂
, ⎥⎦
⎤
++
+=∂
∂vu
y x y
u y x
xv
z cos
2cos
22222
f) )( y xarctg y x
z += ; uv= , vu y +=
⎢⎣
⎡
++++−
++++=∂
∂222 )(1
1.)(
)(1.)(
y x y x
y xarctg y x
y xv
y x
y xarctg yv
u z
,
⎥⎦
⎤
++++−
++++=∂
∂222 )(1
1.)(
)(1.)(
y x y x
y xarctg y x
y xu
y x
y xarctg yu
v z
2.1.6 Dokážte, že funkcia :
)ln( 22 y x z += vyhovuje rovnici 0=∂∂−∂
∂ y z
x x z
y .
)sin( 222 y x y z −= vyhovuje rovnici xz y z xy
x z y 22 =∂∂+∂∂ .
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 30/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných29
22 y x z += , kde t a x sin= , t b y cos= , vyhovuje rovnici xyab
badt dz )(2 22 −= .
y x
arctg z = , kde vu x += , vu y −= , vyhovuje rovnici 22 vuvu
v z
u z
+−=∂
∂+∂∂
.
2
223 sin y z xu += , vyhovuje rovnici: u
z u z
yu y
xu x 3=∂∂+∂∂+∂∂ .
zo stavovej rovnice ideálneho plynu nRT pV = , kde p je tlak, V-objem, T-termodynamická teplota, n-látkové množstvo, R-mólová plynová konštanta; vyplýva:
1−=∂∂⋅∂
∂⋅∂
∂ pT
T V
V p
.
2.1.7 Nájdite y y ′′′, funkcie ( ) y x F , zadanej implicitne:
a) 0162 22 =−−− y xy x ⎢
⎣
⎡
+
−=′ y x
y x y ; ⎥
⎦
⎤
+
−+=′′3
22
)(
242
y x
x xy y y
b) 08ln 2 =+−− y y x ⎢⎣
⎡
+=′
221 y y
y ; ⎥⎦
⎤
+−=′′
32
2
)21()21(
y y y
y
c) 01lnln =−++ x y xy ⎢⎣
⎡ −=′ x y
y ; ⎥⎦
⎤=′′2
2 x
y y
d) 03 =++− y xe y ⎢⎣
⎡
+=′′
11
ye y ; ⎥
⎦
⎤
+−=′′
3)1( y
y
ee
y
2.1.8 Vypoč ítajte y ′(A) funkcie zadanej implicitne:a) 1lnln =− x y y x , A = ( 1, ? ) [ ])1( −ee
b) y y y x cos2cossin2 =+ , A = ( ?,2π
) ⎢⎣
⎡ −=′ 2)2
,1(π
y , ⎥⎦
⎤=−′ 2)2
,1(π
y
2.1.9 Nájdite všeobecnú rovnicu doty čnice a normály v bode A ku grafu funkcie zadanejimplicitne:
a) 01ln =−+ y xy , A = ( 1; 1 ) [ :t 032 =−+ y x , n: 012 =−− y x ] b) 0255 =−+ xy y x , A = ( 1; 1 ) [ :t 02 =−+ y x , n: 0=− y x ] c) x y e xye −=+ , A = ( 0; ? ) [ :t 0=+ y x , n: 0=− y x ] d) 032 =+− y xe xy , A = ( 0; ? ) [ :t 033 =−− y x , n: 013 =++ y x ] e) 1lnln =++ x y xy , A = ( 1; 1 ) [ :t 02 =−+ y x , n: 0=− y x ]
f) 0log = y x
x , A = ( 1; 1 ) [ :t 0=− y x , n: 02 =−+ y x ]
g) 2
.. sinsin2 π =+ x y e ye x , A = ( 0;2π
) [ :t 02 =−+ π π y x , n: 02
22
=+− π π y x ]
2.1.10 Nájdite rovnicu dotykovej roviny a normály ku grafu funkcie z = f(x; y) v dotykovombode A:
a) 2
)2(),( −−= x y y x f , A = ( 1; 1; ? )[ ρ: 0444 =+−− z y x , n: t x 41 += , t y 41 −= , t z −=4 ; ∈t R ]
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 31/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 30
b) 2214),( y x y x f −−= , A = ( 3; 1; ? )[ ρ: 01423 =−++ z y x , n: t x 33 += , t y +=1 , t z 22 += , ∈t R ]
c) 22 42),( y x y x f −= , A = ( 2; 1; ? )[ ρ: 0488 =−−− z y x , n: t x 82 += , t y 81 −= , t z −=4 , ∈t R ]
d) x yarctg y x f =),( , A = ( 1; 1; ? )
[ ρ: 02
2 =−+− π z y x , n: t x +=1 , t y −=1 , t z 2
4+=π
, ∈t R ]
e) xy y x y x f −+= 22),( , A = ( 3; 4; ? )[ ρ: 06051117 =−++ z y x , n: t x 173 += , t y 114 += , t z 57 +−= , ∈t R ]
f) y x
y x f sin),( = , A = ( π; 1; ? )
[ ρ: 0=+− z y x π , n: t x +=π , t y π −=1 , t z = , ∈t R ]
g) xe y x f y sin.),( 2= , A = (4π
; 0; ? )
ρ: 0)4
1(22222 =−+−+ π z y x , n: t x 2
4+=π
, t y 22= , t 222 − , ∈t R ]
2.1.11 Nájdite rovnicu dotykovej roviny a normály ku grafu funkcie F zadanej implicitnev dotykovom bode A:
a) F: 04 222 =−−−+++ z y x z y x , A = ( 2; 3; 6 )
ρ: 02845 =−++ z y x , n: t x 52 += , t y 43 += , t z +=6 , ∈t R ] b) F: 03 =−+− xy z e z , A = ( 2; 1; 0 )
ρ: 042 =−+ y x , n: t x +=2 , t y 21 += , 0= z , ∈t R ] c) F: 0)(2)( 2222222 =+−−++ z y x z y x , A = ( 1; 0; 1 )
ρ: 02 =−+z x , n: t x +=1 , 0= y , t z +=1 , ∈t R ]
d) F: 0822 =−+ z y
z x
, A = ( 2; 2; 1 )ρ: 04 =−+ z y x , n: t x +=2 , t y +=2 , t z 41 −= , ∈t R ]
Nájdite rovnicu dotykovej roviny k elipsoidu v bode A: 364 222 =++ z y x , [ ]?,2,1 A
[ 036198:2,1 =−±+ z y x ρ ]
2.1.12 Napíšte rovnicu dotykovej roviny ku grafu danej funkcie, pri čom dotyková rovina jerovnobežná s danou rovinou σ:
a) 224 y x z += , σ: 0122 =+−+ z y x [ 05488: =−−+ z y x ρ ] b) 224 y x z −−= , σ: 022 =−+ z y x
[ 0622: =+−+ z y x ρ ] c) 142 222 =++ z y x , σ: 0142 =−+− z y x [ 0742:2,1 =±+− z y x ρ ] d) 02132 222 =−++ z y x , σ: 064 =++ z y x [ 02164:2,1 =±++ z y x ρ ]
Nájdite rovnicu dotykovej roviny ku grafu funkcie22
2 y x z += , ktorá je kolmá na priamku Rt t z t yt x p ∈−−==−= ,22,2,1: [ ]0316168: =++− z y x ρ
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 32/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných31
2.1.13 Nájdite rovnicu dotykovej roviny ku grafu funkcie 224 y x z += , ktorá je kolmá napriese čnicu rovín α a β: α: 01 =−++ z y x , β: 0122 =−+− z y x
[ ]05361248: =−−− z y x ρ
2.2 LOKÁLNE EXTRÉMY FUNKCIE VIAC PREMENNÝCH
Nech bod A je stacionárnym bodom funkcie f ( X ) a nech v bode A je funkcia f ( X ) dvarazy diferencovate ľná. Potom:
funkcia f ( X ) má v bode A ostré lokálne minimum [ maximum ], ak druhý diferenciál),(2 X A f d pre každý bod X ≠ A je kladný [ záporný ],
funkcia f ( X ) nemá v bode A lokálny extrém, ak existujú body 21 , X X také, že
),( 12 X A f d a ),( 2
2 X A f d majú rôzne znamienka.
Nutná a posta čujúca podmienka, aby bolo 0),(2 > X A f d 0),(2 < X A f d pre každý bod X ≠ A, je
011 >a , 02221
1211 >aa
aa, ... , 0
...
.....................
...
...
21
22221
11211
>
nnnn
n
n
aaa
aaa
aaa
,
⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢
⎣
⎡
<>< ...,0,0,0
333231
232221
131211
2221
121111
aaa
aaa
aaa
aa
aaa ,
pričomk i
kiik x x A f aa ∂∂
∂== )(2.
Viazané extrémy. Nech funkcia z = f ( x, y) je definovaná na množine M a množinu N nech tvoria všetky body z M , ktoré vyhovujú rovnici g ( x, y) = 0. Lokálne extrémy funkcie
f ( x, y) na množine N nazývame viazanými lokálnymi extrémami a podmienku g ( x, y) = 0, ktoráur čuje množinu N , nazývame väzbou.
Pri h ľadaní extrémov môžu nasta ť dva prípady: Väzba g ( x, y) = 0 ur čuje jedinú funkciu )( x y = .
V takomto prípade viazaný extrém danej funkcie h ľadáme ako lokálny extrém funkcie jednej premennej )](,[ x x f z = .
Väzba g ( x, y) = 0 neur čuje jedinú funkciu )( x y = .V tomto prípade postupujeme tzv. Lagrangeovou metódou neur čitých koeficientov.
Zostrojíme Lagrangeovu funkciu),(.),(),( y x g y x f y x L λ +=
a hľadáme lokálne extrémy tejto funkcie s väzbou g ( x, y) = 0. Toto vedie k riešeniu sústavyrovníc
0),(),(),( =∂
∂⋅+∂
∂=∂∂
x y x g
x y x f
x y x L
λ , 0),(),(),( =∂
∂⋅+∂
∂=∂∂
y y x g
y y x f
y y x L
λ , 0),( = y x g ,
z ktorého ur číme neznáme x, y, λ. Charakter extrému ur číme pod ľa popisu v predošlomodseku.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 33/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 32
Príklad 1 : Nájdime lokálne extrémy funkcie y x xy x y x f 24513),( 23 −−+= .
Vypo čítame parciálne derivácie x f ∂∂
, y f ∂∂
a položíme ich rovné nule. Dostaneme
05133 22 =−+=∂∂ y x x f , 0246 =−=∂∂ xy
y f .
Riešením danej sústavy rovníc dostaneme stacionárne body A = (1, 4), B = (-1, -4), C= (4, 1), D = (-4, -1). V stacionárnych bodoch môže ma ť funkcia f lokálne extrémy.Vypo čítame parciálne derivácie druhého rádu a ur číme ich hodnoty v stacionárnych bodoch.
Dostaneme
x f
62
2
=∂∂
242466 −==−== DC B A
x y
f 62
2
=∂∂
242466 −==−== DC B A
y y x f
62
=∂∂∂ 662424 −==−== DC B A
V bode A extrém neexistuje, pretože 0540)(2 <−=∆ A .V bode B extrém neexistuje, pretože 0540)(2 <−=∆ B .V bode C je lokálne minimum - [ ] 152)1,4( −==C f , pretože 024)(1 >=∆ C a
0540)(2 >=∆ C .V bode D je lokálne maximum - [ ] 152)1,4( =−−= D f , pretože 024)(1 <−=∆ D a
0540)(2 >=∆ D
Príklad 2 : Nájdime viazané extrémy funkcie xye y x f =),( , ak 2=+ y x .Z funkcie 0),( = y x g ( 02 =−+ y x ) predstavujúcej väzbu môžeme jednozna čne
vyjadri ť ľubovo ľnú z dvoch premenných, napr. x y −=2 . Takto vyjadrené y dosadíme dofunkcie ),( y x f a dostaneme funkciu jednej premennej:
22)( x xe x f −= .Vypo čítame deriváciu )( x f ′ a položíme ju rovnú nule. Dostaneme
0)22(22 =−=′ − xe f x x .
Riešením danej rovnice dostaneme stacionárny bod A = (1, 1). Vypo čítame deriváciudruhého rádu )( x f ′′ a ur číme jej hodnotu v stacionárnom bode. Dostaneme
02)284( 22 2 <−=+−=′′ − e x xe f A x x .
A teda funkcia ),( y x f s väzbou 2=+ y x má v bode A lokálne maximum,[ ] e A f == )1,1(
Príklad 3 : Nájdime viazané extrémy funkcie y x y x f 2),( += , ak 522 =+ y x .
Keďže z funkcie 0),( = y x g ( 0522 =−+ y x ) predstavujúcej väzbu nemôžeme jednozna čne vyjadri ť žiadnu z dvoch premenných, zostrojíme Lagrangeovu funkciu
)5.(2),( 22 −+++= y x y x y x L λ , ∈λ R
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 34/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných33
a hľadáme jej extrémy. Vypo čítame parciálne derivácie x L∂∂
, y L∂∂
, položíme ich rovné nule a
stacionárne body ur číme so sústavy rovníc
021 =+=
∂
∂ x
x
Lλ
022 =+=∂∂
y y L
λ
0522 =−+ y x .Postupujeme nasledovne: z prvej rovnice vyjadríme x, z druhej y a takto vyjadrené x, y
dosadíme do tretej rovnice. Dostaneme
051
41
22=−+
λ λ .
Riešením danej rovnice dostaneme21
2,1 ±=λ a ur číme stacionárne body A = (-1, -2),
B = (1, 2). Ďalej postupujeme podobne ako v Príklade 9. Vypo čítame parciálne deriváciedruhého rádu a ur číme ich hodnoty v stacionárnych bodoch. Dostaneme
λ 22
2
=∂∂ x L
11 −== B A
λ 22
2
=∂∂ y
L11 −== B A
02
=∂∂∂
y x L
.
V bode A je lokálne minimum - [ ] 5)2,1( −=−−= A f , pretože 01)(1 >=∆ A a
01)(2 >=∆ A .V bode B je lokálne maximum - [ ] 5)2,1( == B f , pretože 01)(1 <−=∆ B a
01)(2 >=∆ B
Úlohy :
2.2.1 Nájdite lokálne extrémy funkcie ),( y x f z =
a) y x y x z 2222 −+−= [ ]extrémynemá
b) ( ) y x y x
z −−++= 12loglog26
log3 [ ]2log5)4,6(),(max == f y x f
c) y x xy x z 24513 23 −−+= ( )⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢
⎣
⎡
−===−−=
±±
152)1,4(),(min
,152)1,4(,max
,)4,1(
f y x f
f y x f
extrémynemá f
d) 168 33 +−+= xy y x z ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ == 0)21
,1(),(min,)0,0( f y x f extrémnemá f
e) xy y x z 42 24 ++= [ ]1)1,1()1,1(),(min −=−=−= f f y x f
f) x xy x z 2162 23 −+= [ ]864)0,6(),(max,864)0,6(),(min =−=−== f y x f f y x f
g) y x y y x z 30183 32 −−+= [ ]72)3,1(),(min,)1,3( −==±± f y x f extrémynemá f
h) )( 22 y xe z x
+= [ ]12)0,2(),(min −−=−= e f y x f
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 35/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 34
i) )2( 22 y y xe z x ++= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =−=2
)1,21
(),(mine
f y x f
j) y x y x y z 62 +−−= [ ]12)4,4(),(max == f y x f
k) 8823 2 +−+−= x y y x x z [ ]0)4,2(),(min == f y x f
l) 0,,8255 ++= y x y x
xy z ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ == 30)54,
25(),(min f y x f
m) 0,,8 ≠++= y x y
y x
x z [ ]6)2,4(),(min == f y x f
n) 516642 2 +−+−= y x x y y z [ ]43)6,4(),(min −== f y x f
o) 208124 24 +−+−= y y x x z ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=±= 5)2,49
(),(min,)0,49
( f y x f extrémnemá f
p) 2251643 23 −−−+= x y xy x z
⎥⎥⎥⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢⎢⎢
⎢
⎣
⎡
=−−=
−==
±±
91136
)23
,34
(),(max
,9
362)
23
,34
(),(min
,)2,1(
f y x f
f y x f
extrémynemá f
q) 2224 244223 x x xy xy y y z −−−+++−= ⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
==−−=
−
4)2,2()1,1(),(max
,)21
,85
(
f f y x f
extrémnemá f
r) )1( 2 ++= + y xe z y x ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ −=−=−
47
)
4
9,
2
1(),(min e f y x f
s) xy y x y x z 648242 23 ++−+= [ ]extrémnemá f f y x f )12,4(,1507)45,7(),(min −−−=−=
t) )24( 22 y x xe z y ++= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−= 3)23
,2(),(min e f y x f
u) y y x
x z 4
227 ++= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ == 18)23
,29
(),(min f y x f
v) y
x x y
z 9
3 +−= [ ]3)3,1(),(max =−= f y x f
w) )16ln(2
ln4
ln2 y x y x z −−++= [ ]2ln5)4,8(),(max == f y x f
x) y x
xy z 649
3 −−= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =−−= 36)3
16,
43
(),(min f y x f
y) x y
xy z 14
2 ++=
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ == 6)2,21
(),(min f y x f
z) y xy y x y x x z 1612164472 2224 +−+++= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −=−−= 2)2
1,1(),(min f y x f
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 36/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných35
aa) x y xy y x y x x z 434461112 2224 −+−+++= [ ]27)3,2()2,1(),(min −=−−=−−= f f y x f
bb) 23 46 x y xy z −+= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =−−=6
27)
23
,89
(),(max,)0,0( f y x f extrémnemá f
cc) 2223 52 y x xy x z +++=
⎥⎥⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢⎢⎢
⎣
⎡
=−=
==±−
27500
)0,35
(),(max
,0)0,0(),(min
,)2,1(
f y x f
f y x f
extrémynemá f
dd) 233 2223 +−++= x y y x y z [ ]6)2,0(),(max,)0,0( =−= f y x f extrémnemá f
2.2.2 Nájdite lokálne extrémy funkcie ),,( z y x f u =
a) 324 222 +−−−−= x z y x yu [ ]8)0,2,1(),,(max =−= f z y x f
b) 122222 −++−+= y x z y xu [ ]extrémy Nemá
c) 5462222 ++−−++= z y x z y xu [ ]5)4,3,1(),,(min −=−= f z y x f
d) 2436226168491411 222 +−+−−−−++= y z x yz xz xy z y xu [ ]4)1,2,1(),,(min −== f z y x f
e) )18ln(4
ln23
ln42
ln2 z y x z y x
u −−−+++=
[ ]3ln42ln15)4,8,4(),,(max −== f z y x f
f) x x y
z z yu 293 2 +−+−= [ ]8)1,3,1(),,(max −=−= f z y x f
g) y x z y
xz xy yu 614
223 2 −+++++= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ == 4)1,1,21
(),,(min f z y x f
h) z y x x z x y yz z yu 1616644432 22 −−+−−++=
[ ]48)0,6,4(),,(min −== f z y x f
i) 18121246104 222 +−−−++= z yz xy z y xu [ ]0)3,2,1(),,(min == f z y x f
j) x z xz z y xu 44223 222 −++−−−= [ ]4)2,0,0(),,(max == f z y x f
k) 5418233
+−+−+= z z xy y xu ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−== 213)2,6,6(),,(min
,)2,0,0(
f z y x f
extrémnemá f
l) 12841456 222 +−−+++= yz xz xy z y xu [ ]1)0,0,0(),,(min == f z y x f
m) )4( z y x xyz u −−−= [ ]1)1,1,1(),,(max == f z y x f
n) 1741415123 2223 ++++++++= z y x xy z y x xu
[ ]6913)2,145,23(),,(min −=−−= f z y x f
o) 222
)22( z y xe z y xu −−−++= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ==−
21
223
)62
,32
,32
(),,(max e f z y x f
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 37/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 36
p) )2( 22 y z y xeu y x +++= + ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−−=−
43
)0,21
,41
(),,(min e f z y x f
2.2.3 Nájdite viazané extrémy funkcie
a) 122,42822
=+−−= y xak y x z [ ]20)2,2(max,4)2,2(min =−−−= f f b) 5,2 22 =++= y xak y x z [ ]5)2,1(min,5)2,1(max −=−−= f f
c) 2111
, 22=++=
y xak y x z [ ]4)2,2(max,4)2,2(min −=−−= f f
d) 211
,11
22=++=
y xak
y x z [ ]2)1,1(min,2)1,1(max −=−−= f f
e) 1, 22 =++= y xak y x z [ ]2)22
,22
(min,2)22
,22
(max −=−−= f f
f) 10,3 22 =++= y xak y x z [ ]10)3,1(max,10)3,1(min =−=−− f f
g) 511
,21
22=++=
y xak
y x z ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ =−=−− 5)21
,1(max,5)21
,1(min f f
h) 1, +=+= + xyeak y x z y x [ ]0)0,0(max = f
i) 1,22 222 =+++−= z y xak z y xu
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =−−=−− 3)32
,32
,31
(max,3)32
,32
,31
(min f f
j) 7111
,421
222=++++=
z y xak
z y xu
⎥⎦⎤⎢
⎣⎡ =−=−−−
3317)
43,
23,3(max,
3317)
43,
23,3(min f f
k) 22, z x yak z y xu −=++= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−−21
)21
,21
,21
(min f
l) 0)(ln,22 =+++= y xak y x xy z ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =43
)21
,21
(min f
m) 4811
, 222=++++=
z y xak z y xu [ ]4)2,1,1(max,4)2,1,1(min −=−−−= f f
n) 1,22222 =++= ++ z y xeak z y xu
[ ]0)0,0,0(min = f
o) 1, +++=++= ++ yz xz xyeak z y xu z y x [ ]0)0,0,0(max = f
2.3 ZÁKLADY VEKTOROVEJ ANALÝZY
Gradient. Derivácia v smere. Nech je f ( X ) diferencovate ľná funkcia v bode A.Gradientom funkcie f ( X ) v bode A nazývame vektor grad f ( A), pre ktorý platí:
grad k z A f
j y A f
i x A f
A f rrr⋅∂
∂+⋅∂∂+⋅∂
∂= )()()()( .
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 38/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných37
Ak f je diferencovate ľná funkcia troch premenných f ( x, y, z ) v bode A a pre vektor I v pravouhlom súradnicovom systéme v priestore platí I = )cos,cos,(cos γ β α , potom prederiváciu f v bode A v smere vektora I platí
γ β α cos)(
cos)(
cos)()(
z A f
y A f
x A f
I d Adf
∂∂+
∂∂+
∂∂=r ,
resp. = I d Adf r
)(grad
I
I A f r
r
⋅)( .
Divergencia. Rotácia. Majme pri zvolenom pravoto čivom pravouhlomsúradnicovom systéme vektorovú funkciu troch premenných
k X f j X f i X f X f rrrr
)()()()( 321 ++= , pri čom funkcie ),,(),(),(),( 321 z y x X X f X f X f = majú parciálne derivácie na nejakej množine M priestoru E 3.
Divergenciou vektorovej funkcie f ( X ) nazývame funkciu
div f z f
y f
x f
∂∂+∂
∂+∂∂= 321 .
Rotáciou vektorovej funkcie f ( X ) nazývame funkciu
rot f k y f
x f
j x f
z f
i z f
y f rrr
⋅⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
∂∂−∂
∂+⋅⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
∂∂−∂
∂+⋅⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
∂∂−∂
∂= 123123 .
Príklad 1 : Nájdime grad f v bode A, ak 432 2),,( z xz xy y x z y x f ++−= , A = (1, 2, -1).Gradient f ( x,y,z ) v bode A ur číme pod ľa vz ťahu
grad k z A f
j y A f
i x A f
A f rrr⋅∂
∂+⋅∂∂+⋅∂
∂= )()()()( .
Vypo čítame x A f
∂∂ )(
, y A f
∂∂ )(
, z A f
∂∂ )(
:
( ) 1322)( 3 −=+−=∂
∂ A z y xy
A f
( ) 236)( 22 −=−=∂
∂ A xy x
y A f
( ) 34)( 3 −=+=∂
∂ A z x
z A f
.
A dostanemegrad k ji A f
rrr32313)( −−−=
Príklad 2 : Nájdime deriváciu funkcie f ( x, y, z ) v bode A = (0, 1, 1) v smere po ľa l, ak
xyz z y x z y x f 3),,( 333 −++= a l zviera s osami z y x ooo ,, uhly:4
,3
,3
π π π .
Deriváciu f v smere vektora l ur číme zo vz ťahu
γ β α cos)(
cos)(
cos)()(
z A f
y A f
x A f
l d
Adf ∂
∂+∂∂+∂
∂=r .
Vypo čítame x A f
∂∂ )(
, y A f
∂∂ )(
, z A f
∂∂ )(
:
( ) 333)(
2 −=−=∂∂
A yz x x A f
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 39/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 38
( ) 333)( 2 =−=∂
∂ A xz y
y A f
( ) 333)( 2 =−=∂
∂ A xy z
z A f
.
A dostaneme
223)(⋅=
l d
Adf r
Príklad 3 : Nájdime deriváciu funkcie f ( x, y, z ) v bode A = (2, 1, 3) v smere po ľa l, ak xz yz xy z y x f ++=),,( a l = AB , A = (2, 1, 3), B = (5, 5, 15).
Deriváciu f v smere vektora l ur číme zo vz ťahu
=l d
Adf r
)(grad
l
l A f r
r
⋅)( (3).
Najprv nájdime súradnice l a hodnotu l :k ji A Bl rrrr
1243 ++=−= ,
13144169 =++=l r
.
Na ur čenie gradientu potrebujeme vypo čítať x A f
∂∂ )(
, y A f
∂∂ )(
, z A f
∂∂ )(
:
( ) 4)( =+=∂
∂ A z y
x A f
( ) 5)( =+=∂
∂ A z x
y A f
( ) 3)( =+=∂∂ A y x z A f .
Dosadením do vz ťahu (3) dostaneme
1368
131243
)354()( =++
⋅++= k jik ji
l d
Adf rrr
rrrr
Príklad 4 : Nájdime divergenciu vektorovej funkcie f ( x) k z x
y j z xi xy
rrr
++−+= )(. 22 v
bode A = (1, 1, 2).Pre div f platí:
div f (A) z A f
y A f
x A f
∂∂+
∂∂+
∂∂= )()()( 321 .
Vypo čítame x A f
∂∂ )(1 ,
y A f
∂∂ )(2 ,
z A f
∂∂ )(3 :
( ) 1)(1 ==∂
∂ A y
x A f
0)(2 =
∂∂
y A f
91
)()(
23
−=⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
+−
=∂∂
A z x y
z A f
.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 40/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných39
A pre div f (A) dostaneme
div f (A)98
91
01 =−+=
Príklad 5 : Nájdime rotáciu vektorovej funkcie f ( x) k x z
j z y
i y x rrr
⋅+⋅+⋅= v bode [ ]1,1,1 A .Pre rot f platí:
rot f (A) k y f
x f
j x f
z f
i z f
y f rrr
⋅⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
∂∂−∂
∂+⋅⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
∂∂−∂
∂+⋅⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛
∂∂−∂
∂= 123123 .
Vypo čítame y A f
∂∂ )(1 ,
z A f
∂∂ )(1 ,
x A f
∂∂ )(2 ,
y A f
∂∂ )(2 ,
x A f
∂∂ )(3 ,
y A f
∂∂ )(3 :
,0)(
,1)( 1
21 =∂
∂−=⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛ −=∂
∂ z A f
y x
y A f
A
,1)(,0)( 222 −=⎟ ⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −=∂∂=∂∂ A z
y z A f
x A f
0)(
,1)( 3
23 =∂
∂−=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −=∂
∂ y A f
x z
x A f
A
.
A pre rot f (A) dostanemerot f (A) k jik ji
rrrrrr++=+++++= ).10().10().10(
Úlohy :
2.3.1 Nájdite gradient funkcie ( ) y x f , v bode A , ak:
a) ( ) xy y x y x f 3, 33 −+= , [ ]1,2 A ( )[ ] ji A f grad rr
39 −=
b) ( ) xy y x y x f 63, 32 −+= , ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−1,
31
A ( )[ ] ji A f grad rr
54 +=
c) ( ) 22, y x y x f += , A[4,3] ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ += ji A f grad rr
53
54
d) ( ) 224, y x y x f ++= , A[1,2] ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ += ji A f grad rr
32
31
e) ( ) 323, y x y x f = , ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡− 1,21
A ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= ji A f grad rr
49
3
f) ( ) 1174326, 22 −+−+= y x y x y x f , [ ]3,2− A ( )[ ] ji A f grad rr
1627 +−=
g) ( ) 22
22
, y x
y x xy
y x y x f
−++= , [ ]1,3 − A ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= ji A f grad rr
271
h) ( ) 2
12,
x y x
y x f +−= , ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
417
,1 A ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −= ji A f grad rr
29
i) ( ) ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ += y
x y x f 1
ln, , ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ −
4
3,
3
7 A ( ) ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ −= ji A f grad rr
9
16
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 41/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 40
j) ( ) ⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +=
x xy
y x f 1
ln, , [ ]3,2 A ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= ji A f grad rr
72
141
2.3.2 Nájdite gradient funkcie ( ) z y x f ,, v bode A , ak:
a) ( ) 433 4,, z y x z y x f ++= , ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡ 2
1,1,2 A ( ) k ji A f grad rrr
2312 ++=
b) ( ) xyz z y x f =,, , A[1,2,3] ( ) k ji A f grad rrr
236 ++=
c) ( ) 432 2,, z xz xy y x z y x f ++−= , A[1,2,-1] ( )[ ]k ji A f grad rrr
32313 −−=
d) ( ) 433 4,, z y x z y x f ++= , A[2,1,-1] ( ) k ji A f grad rrr
16312 −+=
e) ( ) 222,, z y x z y x f ++= , A[3,-1,2] ( ) k ji A f grad rrr
426 +−=
f) ( ) 222
1,,
z y x z y x f ++= , A[2,-1,-2] ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++−= k ji A f grad rrr
814
812
814
g) ( ) 222
1,, z y x z y x f ++= , A[2,-1,-2] ( ) ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
++= k ji A f grad rrr
272
271
272
h) ( )222
1ln,,
z y x z y x f
++= , A[2,-1,-2] ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−= k ji A f grad rrr
92
91
92
i) ( )22
arcsin,, y x
z z y x f
+= , A[-3,4,2] ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−−= k ji A f grad rrr
51
1258
1256
2.3.3 Nájdite uhol gradientov funkcií ( ) z y x f ,, , ( ) z y x g ,, v bode A , ak :
a) ( ) yz xz xy x z y x f +++= 223,, , ( ) yz xz z y z y x g ++−= 22,, , [ ]1,1,0 − A
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡
⎟⎟
⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ =
22223
arccosϕ
b) ( ) 222,, z y x z y x f −+= , g(x,y,z) = ( ) y x
x z y x g +=arcsin,, , 7,1,1 A
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =2π
ϕ
c) ( ) 22, y x xy y x f −= , g(x,y) = ( ) xy xy
y x g += 1, , [ ]2,1 A
[ ]°=0
d) ( ) z y x z y x f sincoscos,, ++= , ( ) z y x z y x g cossinsin,, −−= , ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
4,
3,0
π π A
( )⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡
⎟⎟
⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ += 15
1532
arccosϕ
e) ( ) 222,, z y z x z y x f ++= , ( ) z y x z y x
z y x g ++−−= ln,, , [ ]1,3,2− A
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛ =78
78arccosϕ
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 42/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných41
2.3.4 Vypoč ítajte deriváciu funkcie ( ) z y x f ,, v bode A v smere vektora ur
:
a) ( ) ,,133, 223 B Au xy y x x y x f rr =++−= [ ] [ ]5,6,1,3 B A
( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =0ud Adf r
b) ( ) ,,,, 222 B Au z y x z y x f rr == [ ] [ ]1,1,0,3,1,1 B A −
( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −= 22ud
Adf r
c) ( ) ,,,, B Au zx yz xy z y x f rr =++= [ ] [ ]15,5,5,3,1,2 B A
( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =1368
ud Adf r
d) ( ) ( ) ,2,,,3222 k ju z y x z y x f
rrr +=++= [ ]1,1,1 A ( )
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =5159
ud Adf r
e) ( ) iu y xy x y x f rr −=−+−= ,71065, 32 , [ ]1,0 A
( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =6ud Adf r
f) ( ) ,,575,, 222 B Au xyz z xy yz x z y x f rr =+−= [ ] [ ]7,7,8,1,1,1 B A
( )⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ =8
ud
Adf r
g) ( ) ,,243,, 432 B Au z y x z y x f rr =+−= [ ] [ ]4,4,5,1,2,2 − B A
( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=50
504ud Adf r
h) ( ) ( ) ( )3
,,6
,,3, 2324 π π ==+−= y x ouuo y y x x y x f r
pr
p , [ ]1,1 − A
( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=25
37ud Adf r
i) ( ) ( ),cos,cos,cos,,, 32 γ β α =−+= u xyz z xy z y x f r
[ ]2,1,1 A ,
3,4,3π
γ π
β π
α === ( )
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
=5ud
Adf r
j) ( ) iu y xy x y x f rr −=−+−= ,7265, 2 , [ ]1,0 A
( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =10
103ud Adf r
2.3.5 Nájdite súradnice bodu, v ktorom gradient funkcie ⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛ +=
y x z
1ln je rovný ji
rr
916− .
⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ −⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡−
4
3,
3
7,
4
3,
3
121 A A
2.3.6 V rovine nájdite všetky body, v ktorých ( ) A f grad z funkcie ( ) ( )23
22, y x y x f += sarovná 2.
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =+∈32
: 22 y xk body
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 43/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 42
2.3.7 Nájdite deriváciu funkcie ( ) 22 63,, y xy x z y x f +−= v smere ľ ubovo ľ ného
jednotkového vektora ur
v bode ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−21
,31
A tak, aby bola :
i) rovná nule ii) minimálna iii) maximálna
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−=22
,22
,2
2,
22
),2
2,
22
,22
,2
2) maxmin21 uuiiuui
rrrr
2.3.8 Vypoč ítajte divergenciu vektorovej funkcie ( ) z y x f ,,r
v bode A , ak :
a) k z j yi x z y x f rrrr
++=),,( , A [ ]1,1,1 ( ) 3= A f divr
b) k x z
j z y
i y x
z y x f rrrr
++=),,( , A [ ]1,1,1 ( ) 3= A f divr
c)
( )k ji z xy z y x f rrrr
−+= 32),,( 32 , A [ ]1,2,1 ( ) 8= A f divr
d) k z y x
z j
z y x
yi
z y x
x z y x f
rrrr
222222222),,(
+++
+++
++= , A [ ]3,2,1
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =714
A f divr
e) 222
),,( z y x
k x j z i y z y x f
++++=
rrrr
, A [ ]2,1,1 − ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =18
6 A f div
r
f) ( ) ( ) ( )k z y x j z y xie z y x f xyz rrrr
++++= lnsin.sin.sin),,( , A [ ]1,2,0 −
g) ( ) 1−= A f divr
h) ( ) ( ) ( )k z xy j y xz i yz e z y x f x
rrrr
ln.sin),,( 2 ++= , A [ ]3,,2 π
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ ++=
34
612 2e A f div π r
i) ( ) k z x
y j z xi xy z y x f
rrrr
++−+= 22),,( , A [ ]2,1,0 ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =43
A f divr
j) k z y
xz j
x y yz
i z x
xy z y x f
rrrr
+++++=),,( , A [ ]3,1,2− ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=817
A f divr
k) k z y x j z y xi z y x z y x f rrrr
33223232
32),,( ++= , A ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡3,2
1,3
1 ( ) ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
= 825
A f divr
2.3.9 Vypoč ítajte rotáciu vektorovej funkcie ( ) z y x f ,,r
v bode A , ak :
a) k xz j yz i xy z y x f rrrr
++=),,( , A [ ]1,1,1 ( ) k ji A f rot rrrr
−−−=
b) k x z
j z y
i y x
z y x f rrrr
++=),,( , A [ ]3,1,2 ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++= k ji A f rot rrrr
243
91
c) ( )k ji z xy z y x f rrrr
−+= 32),,( 32 , A [ ]1,2,1 ( ) k ji A f rot rrrr
42032 ++−=
d) k z y x
z j
z y x
yi
z y x
x z y x f
rrrr
222222222
32),,(
+++
+++
++= , [ ]3,2,1
e)
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 44/117
Kapitola 2 - Diferenciálny po č et funkcie n-premenných43
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−−= k ji A f rot rrrr
9814
196143
14143
f) 222
),,( z y x
k x j z i y z y x f
++++=
rrrr
, A [ ]2,1,1 −
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −++−−−= k ji A f rot rrrr
1961414
19614613
1965142
g) ( ) ( ) ( )k z y x j z y xie z y x f xyz rrrr
++++= lnsin.sin.sin),,( , A [ ]1,0,2 −
( ) k ji A f rot rrrr
2+−=
h) ( ) ( ) ( )k z xy j y xz i yz e z y x f xrrrr
ln.sin),,( 2 ++= , A [ ]1,,2 π
( ) k e je A f rot rrr
44 −=π
i) ( ) k
z x
y j z xi xy z y x f
rrrr
++−+= 22),,( , A [ ]2,1,1 − ( ) ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ +−= k ji A f rot rrrr
9
1
2
9
j) k z y
xz j
x y yz
i z x
xy z y x f
rrrr
+++++=),,( , A [ ]3,1,2− ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−= k ji A f rot rrrr
24
118
11
k) k z y x j z y xi z y x z y x f rrrr
33223232 32),,( ++= , A ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡3,
21
,31
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= k j A f rot rrr
47
920
2.3.10 Vypoč ítajte :
a) ( ) z y x f grad div ,, v bode [ ]3,2,1 A , ak ( ) z y x xyz z y x z y x f 4532,, 222 ++++++= ( )[ ]98= A f grad div
b) ( ) z y x f grad div ,, v bode [ ]3,2,1 A , ak ( ) xyz z y x
z y x f 32
,,++
=
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =54
289 A f grad div
c) ( ) z y x f grad rot ,, v bode [ ]3,2,1 A , ak ( ) z y x xyz z y x z y x f 4532,, 222 ++++++= ( )[ ]0= A f grad rot
d) ( ) z y x f grad rot ,, v bode [ ]3,2,1 A , ak ( ) xyz
z y x z y x f
32,,
++=
( )[ ]0= A f grad rot
e) ( ) z y x f rot div ,, v bode [ ]2,1.2 A , ak ( ) xyz z y x z y x f 543,, ++=
( )[ ]0= A f rot div
f) ( ) z y x f div grad ,, v bode [ ]3,2,1 A , ak ( ) k zx j z yi y x z y x f rrr
+−= 223,,
( ) k ji A f div grad rrr
4613 −+=
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 45/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 44
3 OBYČAJNÉ DIFERENCIÁLNE ROVNICE 1. RÁDU
Diferenciálnou rovnicou (DR) nazývame každú rovnicu, ktorá obsahuje výrazy typu( ) ( ) ( )n y y y y yg x f ,...,,,,, ′′′′′′ ., prič om n udáva rád diferenciálnej rovnice. Ak teda DR
obsahuje iba ( ) ( ) x f yg y ,,′ hovoríme teda o DR prvého rádu. Podobne pre ( ) ( ) x f yg y y ,,, ′′′ hovoríme o DR druhého rádu, pre( ) ( ) ( ) x f yg y y y n ,,,,..., ′′′ o DR n -tého rádu. Pod
označ ením y ′ resp. x&rozumieme deriváciedxdy resp.
dt dx a teda :
( )n
nn
dx yd
ydx
yd dxdy
dxd
ydxdy
y ==⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ =′′=′ ,...,, 2
2
resp. ...,,,, 2
2
2
2
dx yd
ydt dy
ydt
xd x
dt dx
x ==== &&&&&&
Riešiť DR znamená nájsť jej riešenie na obore riešiteľnosti danej DR.
3.1 SEPAROVATE ĽNÁ DIFERENCIÁLNA ROVNICA
Separovateľ nou DR nazývame každú DR ktorú možno vo všeobecnosti zapísať v tvare( ) ( ) yg x f y .=′ . Daný typ DR riešime metódou separácie premenných, t.j. obyč ajne naľ avú
stranu DR presunieme všetky výrazy s premennou y a na pravej strane ponecháme zvyšok.
Ak teda nahradímedxdy
y =′ dostávame ( ) ( ) yg x f dxdy .= . Po separácii premenných sa dá DR
zapísať v tvare( ) ( )dx x f yg
dy = . Následným integrovaním DR dostávame
( )( )∫ ∫ = dx x f dy
yg
dy . Po zintegrovaní už dostávame riešenie danej DR, ktoré môžeme
vyjadriť v explicitnom( y je jednoznač ne vyjadrené) alebo implicitnom tvare ( y nie jemožné jednoznač ne vyjadriť ). Posledným krokom je vypoč ítanie konkrétnej hodnotykonštanty c v prípade, že je daná poč iatoč ná podmienka ( dosadením za x resp.y vovšeobecnom riešení DR).Príklad 1 : Nájdite riešenie DR
111
2 +=′
x y
x
Prepísaním DR do všeobecného tvaru dostaneme
12
+=′
x
x y pre 0≠ x prič om ( ) ( ) 1,
12
=+
= yg x
x x f
Po nahradení y ′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dx x
xdy
12 += resp. ∫ ∫ +
= dx x
xdy
12
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie DR v tvare
c x y ++= 1ln21 2 , kde c je integrač ná konštanta
Príklad 2 : Nájdite riešenie DR ( ) x x e y ye =′+1
Prepísaním DR do všeobecného tvaru dostaneme
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 46/117
Kapitola 3 - Obyčajné diferenciálne rovnice 1. rádu 45
x
x
ee
y y +=′
1. pre R x∈ prič om ( ) ( ) y yg
ee
x f x
x
=+
= ,1
Po nahradení y ′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dxe
edy y x
x
+=
1. resp. ∫ ∫
+= dx
e
edy y x
x
1
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie DR v tvare
ce y x ++= 1ln2
2
, kde c je integrač ná konštanta
Príklad 3 : Nájdite riešenie DR y y y x ln..cos2 =′ , ak e y =⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
4π
Prepísaním DR do všeobecného tvaru dostaneme
x y y
y 2cosln.=′ pre cos 0≠ x prič om ( ) ( ) y y yg
x x f ln.,
cos1
2==
Po nahradení y ′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dx x
dy y y 2cos
1ln.1 = resp. ∫ ∫ = dx
xdy
y y 2cos1
ln.1
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie DR v tvarec xtg y +=lnln , kde c je integrač ná konštanta
Dosadením za y x, z poč iatoč nej podmienky e y =⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
4π dostávame
ctge +=4
lnln π resp. c+=10 1−=⇒ c
a teda riešenie DR zapíšeme v tvare 01lnln=+−
xtg y Úlohy
3.1.1 Riešte následujúce diferenciálne rovnice metódou separácie premenných.a) 0)1()1( 22 =+++ dy xdx y [ ]c yarctg xarctg =+ b) 0)1( 2 =++ dy xydx y c y x =+ )1( 22 c) 0)1(2)1( 2 =+−+ dxe xdy xe y y [ ])1(1 2 xce y +=+ d) 0)()( 22 =−++ dy y x ydx x xy [ ])1(1 22 xc y −=+
e)
1=+′ x y y 2
)1( −−= xc y f) 011 22 =+′++ x y y y x c y x =+++ 22 11
g) 0.cos)1(sin 23 =′++ y ye ye x x ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡=+ c
yearctg x
2sin21
h) 0cos.cos.sin =′+ x ytg y y x ce x y =−cos.cos
i) 02 =′+− y x y y ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−=
cx y
11
j) 012)( 2 =−−′+ y y x x ⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡−
+=
2
1
)1(22
2
x
cx y
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 47/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 46
3.1.2 Nájdite partikulárne riešenie rovnice, ktoré spĺňa danú počiatočnú podmienkua) 0)1(,0)1( 2 ==−+ ydy xydx y 122 =− y x
b) 1)2
(,0cos.sin ==−′ π y x y x y [ ] x y sin=
c)
1)1(,0ln. ==+ ydy xdx y y [ ]1= y d) 1)0(,)1( ==′+ ye y ye x x
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡+= )1(2 2
2
x y
eee
e) 1)0(,011
2
2==′−
++
y y x y ⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −= )4
( xarctgtg yπ
f) 1)0(,011
==+
′−
+ y x
y y y
x 052323 3232 =+−−+ y y x x
3.2 HOMOGÉNNA DIFERENCIÁLNA ROVNICA
Homogénnou DR nazývame každú DR ktorú možno vo všeobecnosti zapísať v tvare
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ =′ x y
f y . Daný typ DR riešime substitúciou x y
z = , kde ( ) x z z = . Z uvedenej rovnosti
potom pre 0≠ x platí z x y .= a po zderivovaní z x z y ′+=′ . , kdedxdz
z =′ . Po prepísaní DR
pomocou substitúcie už dostávame predchádzajúci typ DR pre premennú z .
Príklad 1 : Nájdite riešenie DR y x y x +=′.
Predelením DR výrazom 0≠ x dostaneme DR v tvare
x y
y +=′ 1
Použitím substitúcie x y
z = a jej derivácie dostávame separovateľ nú DR
z z x z +=′+ 1.Po nahradení z ′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dx x
dz1= resp. ∫ ∫ = dx
xdz
1
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie DR v tvarec x z += ln , kde c je integrač ná konštanta
Vrátením sa k pôvodným premenným (dosadením za z zo substitúcie)dostávame
c x x y += ln resp. xc x x y .ln. +=
Príklad 2 : Nájdite riešenie DR xy
y x y
22 +=′
Prepísaním DR dostávame DR v tvare
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 48/117
Kapitola 3 - Obyčajné diferenciálne rovnice 1. rádu 47
x y
y x
y +=′
Použitím substitúcie x y
z = a jej derivácie dostávame separovateľ nú DR
z z z x z +=′+ 1.Po nahradení z ′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dx x
dz z1. = resp. ∫ ∫ = dx
xdz z
1
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie DR v tvare
c x z += ln2
2
, kde c je integrač ná konštanta
Vrátením sa k pôvodným premenným (dosadením za z zo substitúcie)dostávame
c x x
y += ln2 2
2
resp. 222 .2ln.2 xc x x y +=
Príklad 3 : Nájdite riešenie DR 22. y x y y x ++=′
Predelením DR výrazom 0≠ x dostaneme DR v tvare
2
2
1 x y
x y
y ++=′
Použitím substitúcie x y
z = a jej derivácie dostávame separovateľ nú DR
21. z z z x z ++=′+
Po nahradení z ′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dx x
dz z
11
12
=+
resp. ∫ ∫ =+
dx x
dz z
11
12
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie DR v tvarec x z z +=++ ln1ln 2 , kde c je integrač ná konštanta
Zapísaním konštantyc v tvare logaritmu C ln dostávame
C x z z lnln1ln 2 +=++ resp. C x z z .ln1ln 2 =++
Využitím vlastnosti súč tu logaritmov môžeme rovnicu prepísať do tvaruC x z z .1 2 =++
Vrátením sa k pôvodným premenným (dosadením za z zo substitúcie)dostávame
C x x y
x y .1 2
2=++
Úlohy
3.2.1 Riešte homogénne diferenciálne rovnice.
a) x y y y x 2cos+=′ ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ = cx x ytg ln
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 49/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 48
b) 0)( =+− xdydx y x [ ])ln( xc x y −=
c) x y
xe y y x =−′ ⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡−=
− x y
ecxln
d) y x y x
y +−
=′ [ ]c y xy x =−−22
2
e) x y
y x
y +=′ [ ]cx x y ln2 22 =
f) xydydx y x 2)( 22 =+ )( xc x y += g) )ln(ln x y y y x −=′ [ ]cx xe y += 1
h) 0coscos =′+− x y
y x x y
y x ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ = )ln(arcsin xc
x y
3.3 LINEÁRNA DIFERENCIÁLNA ROVNICA 1. RÁDU
Lineárnou DR 1. rádu budeme nazývať každú DR, ktorú môžeme vo všeobecnostizapísať v tvare ( ) ( ) xq y x p y =+′ . . Ak je výraz na pravej strane DR ( ) 0= xq hovoríme, žedaná DR je homogénna, má nulovú pravú stranu. Ak je( ) 0≠ xq hovoríme, že DR jenehomogénna.
Lineárnu DR 1. rádu riešime metódou variácie konštánt. Najprv vyriešime DR bez pravej strany ( t. j. položíme pravú stranu rovnú nule) a nájdeme riešenie homogénnej DR v tvare ( ) x f c y .= , kde c je integrač ná konštanta. Teraz použijeme metódu variáciekonštánt, t. j. konštantuc nahradíme funkciou( ) xc a hľ adáme riešenie nehomogénnej DR v tvare ( ) ( ) x f xc y .* = . Výraz pre * y zderivujeme a dostávame ( ) ( ) ( ) ( ) x f xc x f xc y ′+′=′ ..* .Obidva výrazy dosadíme do pôvodnej DR a dopoč ítame všeobecné riešenie nehomogénnejDR. V prípade, že DR bola zadaná pomocou poč iatoč nej podmienky ur č íme konštantuc a zapíšeme partikulárne riešenie DR.
Príklad 1 : Nájdite riešenie homogénnej DR 03 =−′ y y
Po nahradení y′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dxdy y 31 = resp. ∫ ∫ = dxdz y 31 Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie homogénnej DR v tvare
c x y += 3ln resp. xeC y 3.= , kde ceC = je integrač ná konštanta
Príklad 2 : Nájdite riešenie nehomogénnej DR x y y 25 =−′
Najprv vyriešime homogénnu DR 05 =−′ y y Po nahradení y′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dxdy y
51 = resp. ∫ ∫ = dxdz y
51
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 50/117
Kapitola 3 - Obyčajné diferenciálne rovnice 1. rádu 49
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie homogénnej DR v tvarec x y += 5ln resp. xeC y 5.=
Teraz použijeme variáciu konštánt a hľ adáme riešenie nehomogénnej DR v tvare( ) xe xC y 5
* .= a po zderivovaní ( ) ( ) x x e xC e xC y 55* 5.. +′=′
Po dosadení do pôvodnej rovnice dostávame( ) ( ) ( ) xe xC e xC e xC x x x 2.55.. 555 =−+′
Odtiaľ po úprave( ) xe x xC 5.2 −=′ resp. ( ) ∫ −= dxe x xC x5.2
Po zintegrovaní oboch strán DR potom
( ) k x
e xC x +⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +−= −
251
52 5 , kde k je integrač ná konštanta
Všeobecné riešenie nehomogénnej DR teda zapíšeme v tvare x x x ek
xek
xe y 555
* .252
52.
251
52 −− ++−=⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡ +⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +−=
Príklad 3 : Nájdite riešenie nehomogénnej DR 12 +=−′ x y y x
Najprv vyriešime homogénnu DR 02 =−′ y y x Po nahradení y′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dx x
dy y
21 = resp. ∫ ∫ = dx x
dz y
21
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie homogénnej DR v tvarec x y lnln2ln += odkiaľ 2.lnln xc y = resp. 2. xc y =
Teraz použijeme variáciu konštánt a hľ adáme riešenie nehomogénnej DR v tvare( ) 2
* . x xc y = a po zderivovaní ( ) ( ) x xc x xc y 2.. 2* +′=′
Po dosadení do pôvodnej rovnice dostávame( ) ( )( ) 1.22... 22 +=−+′ x xc x xc x xc x
Odtiaľ po úprave
( ) 31
x x
xc+=′ odkiaľ ( ) 32
11 x x
xc +=′ resp. ( ) ∫ += dx x x
xc 3211
Po zintegrovaní oboch strán DR potom
( ) k x x
xc +−−=22
11 , kde k je integrač ná konštanta
Všeobecné riešenie nehomogénnej DR teda zapíšeme v tvare22
2* .21.
211
xk x xk x x
y ++−=⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ +−−=
Príklad 4 : Nájdite riešenie nehomogénnej DR ( )2
2
11
11
++=
++′
x x
y x
y pre 1−≠ x
Najprv vyriešime homogénnu DR 01
1 =+
+′ y x
y
Po nahradení y′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 51/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 50
dx x
dy y 1
11+
−= resp. ∫ ∫ +−= dx
xdz
y 111
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie homogénnej DR v tvare
c x y ln1lnln ++−= odkiaľ
1
lnln+
=
x
c y resp.
1+
=
x
c y
Teraz použijeme variáciu konštánt a hľ adáme riešenie nehomogénnej DR v tvare( )
1* +=
x xc
y a po zderivovaní ( ) ( ) ( )( )2* 1
1.+
−+′=′
x
xc x xc y
Po dosadení do pôvodnej rovnice dostávame( ) ( ) ( )
( )( )
( )2
2
2 11
1.
11
11.
++=
+++
+−+′
x
x x
xc x x
xc x xc
Odtiaľ po úprave
( )112
++=′
x x
xc resp. ( ) ∫ ++= dx
x x
xc112
odtiaľ ( ) ∫ ⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
++−= dx
x x xc
121
Po zintegrovaní oboch strán DR potom
( ) k x x x
xc +++−= 1ln22
2
, kde k je integrač ná konštanta
Všeobecné riešenie nehomogénnej DR teda zapíšeme v tvare
1
1ln22
2
* +
+++−=
x
k x x x
y
Úlohy
3.3.1 Riešte diferenciálne rovnice
a) xe y y −=+′ 2 [ ] x x ece y −− += 2
b) 3)1(1
2 +=+
−′ x y x
y ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ +++=4
)1()1(2
2 x xc y
c) x x y
y =−′ 3 [ ]23 xcx y −=
d) x
e x y
y x2
2 −
=+′
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡ −=−
22
2
xec
y x
e) x x y x y 2sinsincos. =−′ ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −= x
xc y
cos2cos
f) 22 x y x y =+′ ⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡+=
−3
3
1 x
ce y
g) x x y
y =−′ [ ]2 xcx y +=
h) xtgx y y 2cos2=−′ ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ +−= x
c xtgx y
cos)sin3(23 2
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 52/117
Kapitola 3 - Obyčajné diferenciálne rovnice 1. rádu 51
i) )1(
11 22 x x x
xy y +
=+
+′ ⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡ ++−++
= )11ln(1
1 2
2 x x
c x
y
j) x xe y y x1
2−
=−′ ⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡+=
−)(
12 ce x y x
k) 1sincos =+′ x y x y [ ] x xc y sincos. += l) xe y y 232 =−′ [ ] xec x y 2)3( += m) 122 2 +−=+′ x x y y [ ]762 2 +−+= − x xce y x
n) 322 )1(1
14
+=
++′
x x xy
y ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
++
+=
2222 )1()1( xarctgx
xc
y
3.3.2 Riešte diferenciálne rovnice s danou počiatočnou podmienkou.
a) 0)0(,2sin.cos ==−′ y x x y x y ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡=
x
x y
cos
2
b) 0)0(,cos
1. 3==−′ y
xtgx y y ⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡ = x
x y 2cos
sin
c) 1)0(,coscos. ==+′ y x x y y [ ]1= y
d) 1)0(,2)1(2 2
==−
−′ y y
x x xy
y ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −−−= 112 22 x x y
e) 2)0(,2 2 ==+′ y y y y
⎥
⎥
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎢
⎢
⎣
⎡
−
= x
e
y
23
2
1
3.4 BERNOULLIHO DIFERENCIÁLNA ROVNICA
Bernoulliho DR nazývame každú DR ktorú možno vo všeobecnosti zapísať v tvare( ) ( ) α y xb y xa y .. +=′ , kde ( ) ( ) xb xa , sú spojité funkcie. Pre 0≠ y môžeme danú DR
prepísať do tvaru ( ) ( ) xb y xa y y +=′ −− α α 1.. . Tento typ DR riešime substitúciou α −= 1 y z a po jej zderivovaní ( ) y y z ′−=′ −α α 1 , odkiaľ si vyjadríme y′ . Naviac zo substitúcie α −= 1 y z si
vyjadrímeα −
=1
z y . Použitím týchto substitúcií vylúč ime premennú y . Dosadením obochvýrazov do pôvodnej DR dostaneme jeden z predchádzajúcich typov DR pre premennú z ,ktorý už vieme riešiť .
Príklad 1 : Nájdite riešenie DR 3 xy xy y =+′
Prepísaním DR dostávame DR v tvare3 xy xy y +−=′ , kde ( ) ( ) 3,, ==−= α x xb x xa
Použijeme substitúciu 2−= y z a jej derivácia ( ) y y z ′−=′ −32
Zo substitúcie vyjadríme vyjadríme21−
= z y , z derivácie 2
3
−′
=′z y
y Dosadením do pôvodnej DR dostávame
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 53/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 52
23
212
3
..2
−−−
=+−
′ z x z x
z z
Úpravou poslednej rovnice dostávame
23
23
23
21
.2.2 −
−
−
−
−=′ z
z x z
z x z
a po zjednodušení dostávame separovateľ nú DR pre premennú z x z x z 22 −=′ resp. ( )12 −=′ z x z
Po nahradení z ′ , separácii premenných a následným integrovaním platí
dx xdz z
21
1 =−
resp. ∫ ∫ =− dx xdz
z2
11
Po vypoč ítaní integrálov dostávame riešenie DR v tvarec x z +=− 21ln resp. c xe z +=− 2
1 resp.2
.1 xeC z += , kde ceC =
Príklad 2 : Nájdite riešenie DR y x y y =+′
Prepísaním DR dostávame DR v tvare21
y x y y +−=′ , kde ( ) ( )21,,1 ==−= α x xb xa
Uvedenú DR môžeme prepísať do tvaru
x y y y +−=′−
21
21
Použijeme substitúciu 21
y z = a jej derivácia y y z ′=′−
21
21
Zo substitúcie vyjadríme vyjadríme 21
z y = , z derivácie z y y ′=′
−22
1
Dosadením do DR x y y y +−=′−
21
21
dostávame LDR x z z +−=′2 resp. x z z =+′2
Pre homogénnu DR 02 =+′ z z dostaneme riešenie x
ec z 21
.−
= Po variácií konštanty hľ adáme riešenie nehomogénnej LDR v tvare
( )x
e xc z21
.−
= a derivácia ( ) ( )x x
e xce xc z21
21
.21
.−−
−′=′ Po dosadenía následným integrovanímdostávame
( ) k ee x xc x x +−= 2
121
42a pre premennú z
x x xek ee x z 2
121
21
.42−
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ +−= resp.
xek x z 2
1
42−
+−=
Ak sa vrátime k pôvodnej premennej y dostávame riešenie v tvare2
21
42
−−
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
+−=x
ek x y
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 54/117
Kapitola 3 - Obyčajné diferenciálne rovnice 1. rádu 53
Úlohy
3.4.1 Riešte Bernoulliho diferenciálne rovnice
a) 2
22 xy xy y=+′
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
+=
211
xce y b) x y
x y
y ln2=+′ 02)(ln2 =++ c x xy
c) y x y y =+′ ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡−+=
− 22 )( c xce y x
d) 23 xe y xy y −−=−′
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+=
c xe
y x
2
2
2
e) y
x
x
y x y
cosln2 =+′ [ ] xc x y sinln2 +=
f) x y x y y sinsin.31 4−=−′ ⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡
+=
3 cos31
xce y x ytgx y y cos. 4=−′
x x xc y 233 cos.sin3cos. −=−
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 55/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 54
4 L INEÁRNE DIFERENCIÁLNE ROVNICE N -TÉHO RÁDU
Diferenciálnymi rovnicami vyšších rádov nazývame DR, ktoré možno vo všeobecnostivyjadriť v tvare ( )( ) 0...,,,,,, =′′′′′′ n y y y y y xF . Riešenie DR závisí od typu a charakteru jednotlivých funkcií. Podobne ako pri DR 1. rádu môžeme DR vyšších rádov rozdeliť nahomogénne ( majú nulovú pravú stranu) a nehomogénne ( na pravej strane DR je nenulovývýraz ).
4.1 DIFERENCIÁLNA ROVNICA TYPU ( ) ( ) x f y n =
Diferenciálne rovnice uvedeného typu riešime postupným n-násobným integrovaním.Postup je uvedený v následujúcich príkladoch.
Príklad 1 : Nájdite riešenie DR x y 2cos=′′
Po zintegrovaní oboch strán DR dostávame
dx xdy y ∫ ∫ =′′ 2cos resp. 122sin
c x
y +=′
Po ď alšom integrovaní máme DR v tvare
∫ ∫ ⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +=′ dxc
xdy y 12
2sin
a riešenie môžeme zapísať v tvare
21.42cos
c xc x
y ++−=′ , kde 21, cc sú integrač né konštanty
Príklad 2 : Nájdite riešenie DR xe y 2−=′′′ , ak ( ) ( ) ( ) 20,10,10 =′′=′= y y y
Po zintegrovaní oboch strán DR dostávame
dxedy y x∫ ∫ −=′′′ 2 resp. 1
2
2c
e y
x
+−
=′′−
Po ď alšom integrovaní máme DR v tvare
∫ ∫ ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ +
−=′′
−
dxce
dy y x
1
2
2resp. 21
2
.4
c xce
y x
++=′−
Ak ešte raz integrujeme obe strany DR dostaneme∫ ∫ ++=′
−
21
2
.4
c xce
dy y x
a riešenie môžeme zapísať v tvare
32
2
1
2
.2
.8
c xc x
ce
y x
+++−
=−
, kde 321 ,, ccc sú integrač né konštanty
Po dosadení poč iatoč ných podmienok platí
8428
22
−+−−
=−
x xe
y x
Úlohy
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 56/117
55 Kapitola 4 - Lineárne diferenciálne rovnice n-tého rádu
4.1.1 Riešte diferenciálne rovnice
a) xe x y −=′′ 2 ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡++−= 21
3
3c xce
x y x
b) xy x
y cos42
−=′′ [ ]21
cosln4 c xc x x y +++−=
c) x y 2sin8=′′′ [ ]322
12cos c xc xc x y +++=
d) 4612 3 +−=′′′ x x y ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡++++−= 32
21
346
32
410c xc xc
x x x y
e) x x xee y +=′′′ 3 322
1 c xc xc xe y x +++=
4.2 HOMOGÉNNA LINEÁRNA DIFERENCIÁLNA ROVNICA N -TÉHORÁDU
Pod lineárnou DR rádu n-tého rádu rozumieme DR každú DR v tvare( ) ( ) ( ) ( ) x f ya ya ya ya n
nnn =++++ −− ...22
110 , kde 00 ≠a .
Nech ( ) 0= x f , t.j. majme homogénnu lineárnu DR n-tého rádu( ) ( ) ( ) 0...2
21
10 =++++ −− ya ya ya ya nnnn .
Riešenie ( koreň ) lineárnej DR budeme hľ adať v tvare xr e y = , kde r je riešenímcharakteristickej rovnice DR 0...2
21
1 =++++ −−n
nnn ar a yar . Charakteristickú rovnicudostaneme z DR tak, že príslušné derivácie y nahradíme mocninami premennejr . Funkcia
xr e y = sa nazýva charakteristickým koreň om DR,r je koreň charakteristickej rovnice DR.Ak nr r r ,...,, 21 sú rôzne reálne korene charakteristickej rovnice, tak všeobecné riešenie
DR zapíšeme v tvare xr n
xr xr nececec y +++= ...2121 .
Ak 1r je −k násobným koreň om charakteristickej rovnice, tak všeobecné riešenie DR zapíšeme v tvare xr k
k xr xr xr e xce xce xcec y 1111 12
321 ... −++++= .Ak ir β α += je −k násobným komplexným koreň om charakteristickej rovnice, tak
všeobecné riešenie DR zapíšeme v tvare ( ) ( ) ( ) xik k
xi xi e xce xcec y β α β α β α +−++ +++= 121 ... resp.
( ) ( ) ( ) x xe xc x xe xc x xec y xk k
x x β β β β β β α α α sincos...sincossincos 121 ++++++= −
Príklad 1 : Nájdite riešenie DR 056 =+′−′′ y y y Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR
0562 =+− r r Jej koreň mi sú 1,5 21 == r r , ktorým odpovedajú riešenia x x ec yec y 22
511 , ==
Všeobecné riešenie DR môžeme teda vyjadriť v tvare x x ecec y 2
51 +=
Príklad 2 : Nájdite riešenie DR 096 =+′−′′ y y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 0962 =+− r r
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 57/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 56
Jej 2-násobným koreň om je 31 =r a potom riešenia DR x x e xc yec y 322
311 , ==
Všeobecné riešenie DR môžeme teda vyjadriť v tvare x x e xcec y 3
23
1 += Príklad 3 : Nájdite riešenie DR 022 =+′−′′ y y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 0222 =+− r r
Jej koreň mi sú komplexné združené ir ir −=+= 1,1 21 s odpovedajúcimi riešeniami xec y xec y x x sin,cos 2211 ==
Všeobecné riešenie DR môžeme teda vyjadriť v tvare xec xec y x x sincos 21 +=
Príklad 4 : Nájdite riešenie DR 04 =′+′′ y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 042 =+ r r
Jej koreň mi sú komplexné združené 4,0 21 −== r r s odpovedajúcimi riešeniami xec yc y 4
2211 , −== Všeobecné riešenie DR môžeme teda vyjadriť v tvare
xecc y 421
−+=
Príklad 5 : Nájdite riešenie DR 04 =+′′ y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 042 =+r
Jej koreň mi sú komplexné združené ir ir 2,2 21 −== s odpovedajúcimi riešeniami xc y xc y 2sin,2cos 2211 ==
Všeobecné riešenie DR môžeme teda vyjadriť v tvare xc xc y 2sin2cos 21 +=
Príklad 6 : Nájdite riešenie DR 0128 =+′−′′−′′′ y y y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR
012823
=+−− r r r Jej koreň mi je 2-násobný 21 =r a 33 −=r s odpovedajúcimi riešeniami x x x ec ye xc yec y 3
332
222
11 ,, −=== Všeobecné riešenie DR môžeme teda vyjadriť v tvare
x x x ece xcec y 33
22
21
−++=
Úlohy
Úlohy k danému typu diferenciálnych rovníc sú súčasť ou ď alších podkapitol, stačí pravústranu rovnice nahradiť nulou. Naviac vyriešenie homogénnej DR je prvým krokom pri riešení
nehomogénnych diferenciálnych rovníc.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 58/117
57 Kapitola 4 - Lineárne diferenciálne rovnice n-tého rádu
4.3 LDR SO ŠPECIÁLNOU PRAVOU STRANOU
Pod pojmom lineárna diferenciálna rovnica so špeciálnou pravou stranou rozumiemediferenciálnu rovnicu
( ) ( ) ( ) x f ya ya ya ya nnnn =+′+++ −
−1
110 ... ,
kde ni Ra i ,...,1, =∈ a ( ) x f je funkcia v špeciálnom tvare.I. Ak ( ) ( ) x
m e xP x f α = , kdeα je k -násobným charakteristickým koreň om homogénnejDR, 0≥k , tak riešenie LDR má tvar
( ) xm
k e xQ x y α =∗
II. Ak ( ) ( )( ) ( )( )( ) x xP x xPe x f nn x β β α sincos 2
211 += , kde ( )( ) ( )( ) xP xP nn
22
11 , sú polynómy stupň a
2,1 nn , R∈ β α , , 0≠ β , k je násobnosť charakteristického koreň a príslušnejhomogénnej DR , 0≥k , tak riešenie LDR má tvar
( )( ) ( )( )( ) x xQ x xQe x y mm xk β β α sincos 21 +=
∗ ,
kde( )
( )( )
( ) xQ xQ mm21
, sú polynómy stupň a { }2,1max nnm = III. Ak ( ) ( ) ( ) x f x f x f 21 += a ∗∗
21 , y y sú riešenia DR s pravými stranami( ) ( ) x f x f 21 , , tak potom ∗∗∗ += 21 y y y ( princíp superpozície ).
Príklad 1 : Nájdite riešenie DR xe x y y y 242 −=−′−′′
Najprv vyriešime homogénnu DR, ktorú dostaneme z pôvodnej v tvare02 =−′−′′ y y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 022 =−− r r
Jej koreň mi sú 1,2 21 −== r r , ktorým odpovedajú riešenia x x ec yec y −== 222
11 ,Všeobecné riešenie homogénnej DR môžeme zapíšeme v tvare
x x ecec y −+= 22
1 Riešenie pôvodnej DR budeme hľ adať v tvare
21* PSPS y y y y ++= PrePS1 ( polynóm 1. stupň a ) hľ adáme riešenie v tvare polynómu
B x A yPS+=1 ⇒ A yPS
=′ 1 ⇒ 01 =′′PS y
Dosadením do DR prePS1 dostávame( ) x B Ax A 42 =+−− a odtiaľ 1,2 =−= B A ⇒ 121 +−= x yPS
Podobne prePS2 ( exponenciálna funkcia ) hľ adáme riešenie v tvare exponenciály x
PS eC y =2 ⇒ xPS eC y =′ 2 ⇒ x
PS eC y =′′ 2 Dosadením do DR prePS2 dostávame
x x x x CeeC eC eC 22 −=−− a odtiaľ 1=C ⇒ xPS Ce y =2
Všeobecné riešenie DR teda zapíšeme v tvare x x x e xecec y ++−+= − 122
21
Príklad 2 : Nájdite riešenie DR xe y y yx
2sin17452+=+′+′′ −
PS1 PS2
PS1 PS2
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 59/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 60/117
59 Kapitola 4 - Lineárne diferenciálne rovnice n-tého rádu
( ) x x x e xe xcec y 242
41 1
41 +++=
Príklad 4 : Nájdite riešenie DR x x y y cossin2 −=+′′
Najprv vyriešime homogénnu DR, ktorú dostaneme z pôvodnej v tvare0=+′′ y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 012 =+r
Jej koreň mi sú ir ir −== 21 , , ktorým odpovedajú riešenia xc y xc y sin,cos 2211 == Všeobecné riešenie homogénnej DR môžeme zapíšeme v tvare
xc xc y sincos 21 += Riešenie pôvodnej DR budeme hľ adať v tvare
1* PS y y y += PrePS1 (goniometrická funkcia ) hľ adáme riešenie v tvare goniometrickej funkcie
násobenej x , pretože ir ir −== 21 , sú súč asne riešeniami homogénnej LDR a výrazu na pravej strane DR.
( )x x N x M yPS .sincos2 += ⇒ ( ) ( ) x N x M x x N x M yPS sincoscossin2 +++−=′ ⇒
( ) ( ) ( ) x N x M x N x M x x N x M yPS cossincossinsincos2 +−++−+−−=′′
Dosadením do DR prePS1 a porovnaním koeficientov dostávame21,1 −=−= N M a
všeobecné riešenie prePS1 v tvare x x
x yPS ⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −−=
2sincos1
Všeobecné riešenie DR teda zapíšeme v tvare
x x
x xc xc y ⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +−+=
2sincossincos 21*
Úlohy
4.3.1 Riešte diferenciálne rovnice
a) xe y y −=′+′′ ´2 ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡+−−=
−−
2
21
2c
ece y
x x
b) x
e y y2
32 =′−′′ ( )
⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
+−+
= 2
221
43
23
ce
ec x
y
x x
c) 122 2 +−=′′+′′′ x x y y ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡++++−= −
321
23
4
27
6c xcec
x x
x y x
4.3.2 Riešte diferenciálne rovnice )(65 x f y y y =+′−′′ ,a) ( ) ( )16 += xe x f x ( )533
22
1 +++= xeecec y x x x b) ( ) 1212 2 +−= x x x f [ ]232 23
22
1 ++++= x xecec y x x
c) ( ) 25
x
e x f = ⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
++= 34 2
32
21
x
x x eecec y
PS1
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 61/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 60
d) ( ) x x f sin39= ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −−+=2
3cos53sin32
21
x xecec y x x
e) ( ) xe x f 23= [ ] x x x eecec y 232
21 3−+=
f) ( )
x xe x f 3= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛ −++= x x x e x x
ecec y 32
3
2
2
1 2
4.3.3 Riešte diferenciálne rovnice ( ) x f y y y =−′−′′ 12 , ak
a) ( ) 4= x f ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −+= −
313
24
1 x x ecec y
b) ( ) x x f 2cos= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +−+= −
1302sin2cos83
24
1 x x
ecec y x x
c) ( ) ( )15 2 −=−
xe x f x ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛ +−−+=
−−x x x e
x xecec y 100
9103
2
2
3241
d) ( ) xe x f 47= x x x xeecec y 432
41 ++= −
e) ( ) x xe x f 37 −= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ +−+= −− x x x e x x
ecec y 32
32
41 72
f) ( ) x x x f cossin −= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −++= −
85sin6cos73
24
1 x x
ecec y x x
4.3.4 Riešte diferenciálne rovnice ( ) x f y y y =+′+′′ 56 ,a) ( ) 15 += x x f xecec y x x +−+= −− 15
21
b) ( ) xe x f 520= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡++= −− 3
55
21
x x x eecec y
c) ( ) xe x f 5−= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡−+=
−−− 4
55
21
x x x xeecec y
d) ( ) x x f 5sin10= ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ +−+= −−
135sin25cos35
21 x x
ecec y x x
e) ( ) xe x f x cos17 −= ( ) x xeecec y x x x cossin4521 −++= −−−
f) ( ) ( )34 += − xe x f x ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ +++= −−−
215
21 x
xeecec y x x x
4.3.5 Riešte diferenciálne rovnice ( ) x f y y =′+′′ 4 , ak
a) ( ) x x f sin= ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ +−+= −
17sincos44
21 x x
ecc y x
b) ( ) 233 2 ++= x x x f ( )⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡ ++++= −
321368 2
421
x x xecc y x
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 62/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 63/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 62
e) ( ) 2sin x
x f = ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −−++= −−−
250sin2cos1122
32
22
1 x x
e xc xecec y x x x
f) ( ) xe x f 22 −−= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡−++=
−−−−
3
2322
32
22
1
x x x x e x
e xc xecec y
4.3.10 Riešte diferenciálne rovnice ( ) x f y y y y =−′+′′−′′′ 254 , ak a) ( ) x x f cos10= x xec xecec y x x x sin2cos2
321 ++++= b) ( ) xe x f 2= [ ] x x x x xeec xecec y 22
321 +++= c) ( ) xe x f 2= [ ] x x x x e xec xecec y 22
321 −++=
4.3.11 Riešte diferenciálne rovnice ( ) x f y y =′+′′′ 9 , ak
a) ( ) ( )833 −= − xe x f x ( )⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡ −−++=−
18
23sin3cos3
321 xe
xc xcc y x
b) ( ) 39 x x f = ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡−+++=
343sin3cos
24
321 x x
xc xcc y
c) ( ) x x x f 3sin33cos6 −= ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −−++=6
3sin3cos23sin3cos 321 x x x
xc xcc y
4.3.12 Riešte diferenciálne rovnice )(6 x f y y y =−′−′′ ,
a) ( ) xe x x x f 22 786 +−+= ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡−+−−+= −
41
222
23
1
x x x e
x xecec y
b) ( ) xe x x f 352sin52 −= [ ] x x x xe x xecec y 322
31 2sin52cos −−++= −
c) ( ) x x xee x f 3210 += − ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −+−+= −−
5252
2322
23
1 x xe
xeecec y x
x x x
d) ( ) x x x f 2cos52sin5012 −+= 22sin2cos5sin7cos2
23
1 −++−++= − x x x xecec y x x
4.3.13 Riešte diferenciálne rovnice
a)
( )x x
ee x y y ++=′
−′′ −
15 ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−+
++=−
4361365
21
x x x e
e x
ecc y
b) x x xee y y 55 25255 −−=′−′′ ⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡−−+=
5
525
21
x x e x
xecc y
c) xe x x y y 213 −−=+′′ ( )[ ]116sincos 321 −−−−++= xe x x xc xc y x
d) x x x y y sincos ++−=+′′ ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −+−+=2
cossinsincos 21 x x x
x xc xc y
e) xe y y y x cos454 2 +=+′−′′ ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −+++=2
sincossincos 222
21
x xe xec xec y x x x
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 64/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 65/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 64
Variáciou konštánt v riešení homogénnej DR dostaneme riešenie pôvodnej DR v tvare( ) ( ) x xc x xc y sin.cos. 21* +=
Pre jednotlivé wronskiány dostávame
1sincoscossinsincos 22 =+=
−= x x
x x
x xW ,
1cossin
1sin0
1 −== x
x
xW , xg
x x
xW cot
sin1sin0cos
2 =−=
Odtiaľ potom
( ) 11
1 1 k xdxdxW W
xc +−=−== ∫ ∫
( ) 22
2 sinlnsincoscot k xdx
x x
dx xgdxW W
xc +==== ∫ ∫ ∫
Všeobecné riešenie DR teda zapíšeme v tvare
( ) ( ) xk x xk x y sinsinlncos 21* +++−=
Príklad 2 : Nájdite riešenie DR xe
y y y x
=+′−′′ 2
Najprv vyriešime homogénnu DR, ktorú dostaneme z pôvodnej v tvare02 =+′−′′ y y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 0122 =+− r r
Jej dvojnásobným koreň om je 11 =r , ktorému odpovedajú riešenia x x e x ye y == 21 , a ich derivácie x x x e xe ye y +=′=′ 21 ,
Všeobecné riešenie homogénnej DR môžeme zapíšeme v tvare x x e xcec y 21 +=
Variáciou konštánt v riešení homogénnej DR dostaneme riešenie pôvodnej DR v tvare( ) ( ) x x e x xce xc y .. 21* +=
Pre jednotlivé wronskiány dostávame x x x x
x x x
x x
ee xe xee xee
e xeW 2222 =−+=
+= ,
x x x
x
x
ee xe
xe
e xW 2
10 −=
+= ,
xe
xe
e
eW
x x
x
x 2
20
==
Odtiaľ potom
( ) 12
21
1 k xdxdxee
dxW W
xc x
x
+−=−=−== ∫ ∫ ∫
( ) 22
22
2 ln1k xdx
xdx
e xe
dxW W
xc x
x
+==== ∫ ∫ ∫
Všeobecné riešenie DR teda zapíšeme v tvare
( ) ( )x x
e xk xek x y 21* ln +++−=
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 66/117
65 Kapitola 4 - Lineárne diferenciálne rovnice n-tého rádu
Príklad 3 : Nájdite riešenie DR 1
22 2 +=+′−′′
xe
y y y x
Najprv vyriešime homogénnu DR, ktorú dostaneme z pôvodnej v tvare02 =+′−′′ y y y
Nahradením derivácií mocninamir zapíšeme charakteristickú rovnicu DR 0122 =+− r r
Jej dvojnásobným koreň om je 11 =r , ktorému odpovedajú riešenia x x e x ye y == 21 , a ich derivácie x x x e xe ye y +=′=′ 21 ,
Všeobecné riešenie homogénnej DR môžeme zapíšeme v tvare x x e xcec y 21 +=
Variáciou konštánt v riešení homogénnej DR dostaneme riešenie pôvodnej DR v tvare( ) ( ) x x e x xce xc y .. 21* +=
Pre jednotlivé wronskiány dostávame x x x x
x x x
x xee xe xe
e xeee xeW 2222 =−+=
+= ,
1.2
120
2
2
21 +
−=+
+=
xe x
e xe x
ee x
W x
x x x
x
,1
2
120
2
2
22 +
=+
= x
e
xe
e
eW
x x
x
x
Odtiaľ potom
( ) 12
21
1 1ln1
2k xdx
x x
dxW W
xc ++−=+
−== ∫ ∫
( ) 22
22 2
1
12 k xarctgdx x
dxW
W xc +=
+==
∫ ∫
Všeobecné riešenie DR teda zapíšeme v tvare) ( ) x x e xk xarctge xk y 2
21* 21ln +++−=
Úlohy
4.4.1 Riešte diferenciálne rovnice ),(2 x f y y y =+′−′′ pre
a) ( )12 +
= x
e x f
x
( )
( )⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡
+++−
= xarctgce x xc
e y x x2
21
21ln
b) ( ) xe x f x ln= ( ) ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡−++−+= x x xce x
x x xce y x x ln
4ln2
2
221
4.4.2 Riešte diferenciálne rovnice ),(44 x f y y y =+′+′′ a) ( ) xe x f x sin2−= ( ) ( ) xce x x x xce y x x cossincos 2
21
2 −+−+= −−
b) ( ) x
e x f
x2−
= ( ) ( )[ ] xce x xce y x x ln22
12 ++−= −−
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 67/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 66
c) ( ) 2
2
1 xe
x f x
−=
−
( )
⎥
⎥
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎢
⎢
⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛
−++
+−+
= −−
211ln
21ln 2
22
12 x x
ce x
xce y x x
4.4.3 Riešte diferenciálne rovnice ),( x f y y =+′′
a) ( ) x
x f sin
1= ( ) ( )[ ] x xc x xc y sinsinlncos 21 ++−=
b) ( ) x
x f 3cos1= ( ) ⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡ ++⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −= x xtgc x
xc y sincos
cos21
221
c) ( ) x
x f 3sin2= ( ) ⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −++= x
xc x xgc y sin
sin1coscot2 221
d) ( ) xg x f cot=
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛
−+−++−= x
x x
xc x xc y sincos1cos1ln
21coscossin 21
4.4.4 Riešte diferenciálne rovnice )( x f y y =′−′′ ,
a) ( ) x
x
ee
x f +=
1 )21 1ln1ln ce xeec y x x x ++−++−=
b) ( ) x
x
ee
x f ++=
11 2
)21 1ln21ln2 c xeeee xec y x x x x x +−+++−−++= −
4.4.5 Riešte diferenciálne rovnice )(52 x f y y y =+′+′′ ,
a) ( ) x
e x f
x
2sin
−
= ⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ++⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −= −−
42cosln2sin
22cos 21
xc xe
xc xe y x x
b) ( ) xe
x f x cos1= ( ) ⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛
−+−+++= −−
x x
xc xe xc xe y x x
sin1sin1ln
41sin2sincos2cos 21
4.5 SYSTÉMY DIFERENCIÁLNYCH ROVNÍC
Na riešenie systému ( sústavy ) obyč ajných DR využívame tzv. eliminač nú metódu. Jej podstata spoč íva v eliminovaní (až na jednu ) premenných v systéme a následnej transformáciísystému DR na jedinú lineárnu DR vyššieho rádu. Pre systém dvoch DR to bude LDR druhého rádu, pre systém troch DR dostaneme LDR tretieho rádu. Stač í jednu DR zderivovať a vhodným dosadenímz druhej DR získame LDR, ktorú už vieme riešiť .
Pri systémoch obyč ajných DR sa pridržiavame označ enia
dt dy
ydt dx
x == && , ,dxdz
zdxdy
y =′=′ ,
Príklad 1 : Nájdite riešenie sústavy DR: ( )( )**43
*2 y x y
y x x+=+=
&&
Ak si z rovnice (*) vyjadríme x x y 2−= & a dosadíme do rovnice (**) dostaneme
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 68/117
67 Kapitola 4 - Lineárne diferenciálne rovnice n-tého rádu
( ) x x x y 243 −+= && resp. ( )***54 x x y −= && Zderivovaním rovnice (*) podľ a premennejt dostaneme
( )****2 y x x &&&& += Dosadením y′ z rovnice (***) do rovnice (****) máme homogénnu LDR
056=+−
x x x&&&
Jej riešením je výraz t t ecec x 25
1 += a jeho derivácia t t ecec x 25
15 +=& Dosadením do (*) za x x &, získame t t ecec y 2
513 −=
Riešenie sústavy DR môžeme teda zapísať v tvare
t t
t t
ecec y
ecec x
25
1
25
1
3 −=+=
Príklad 2 : Nájdite riešenie sústavy DR: ( )( )**
*42 z y z
z y y−=′+=′
Ak si z rovnice (*) vyjadríme4
2 y y z
−′= a dosadíme do rovnice (**) dostaneme
42 y y
y z−′
−=′ resp. ( )***4
6 y y z
′−=′
Zderivovaním rovnice (*) podľ a premennej x dostaneme( )****42 z y y ′+′=′′
Dosadením z′ z rovnice (***) do rovnice (****) máme homogénnu LDR 06 =−′−′′ y y y
Jej riešením je výraz x x ecec y 22
31
−+= a jeho derivácia x x ecec y 22
31 23 −−=′
Dosadením do (*) za y y ′, získame x x
ecec z 22
31
4−−=
Riešenie sústavy DR môžeme teda zapísať v tvare
x x
x x
ecec
y
ecec y2
2
31
22
31
4−
−
−=
+=
Úlohy
4.5.1 Riešte systémy diferenciálnych rovníc
a) y x y x y x
+=−=
&& 8
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+=−=
−
−
t t
t t
ecec yecec x3
23
1
3231 42
b) x y y
y x x
23 −=+=
&&
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
++−=+=
)sin(cos)sin(cossincos
22
21
22
21
t t ect t ec x
t ect ec xt t
t t
c) y x y
y x x−=−=
43
&&
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−+=+=
)12(2 21
21
t ecec x
tecec xt t
t t
d) y x y
y x x
53
−=−−=
&&
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+=+=
−−
−−
t t
t t
ecec y
ecec x4
2
2
1
42
213
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 69/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 68
4.5.2 Riešte systémy diferenciálnych rovníc
a) z y z
z y y−=′
+=′ 42
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+=−=
−
−
x x
x x
ecec z
ecec y2
23
1
22
314
b) z y z
z y y−−=′
+−=′ 3 ⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡
+=−+=
−−
−−
x x
x x
xecec z
xecec y2
22
1
22
21 )1(
c) z y z
z y y+=′
−=′2
2
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−=+=
xec xec z
xec xec y x x
x x
2cos2sin2sin2cos
21
21
4.5.3 Riešte systémy diferenciálnych rovníc
a) y x y
te y x x t
−=+−= −
&& 22
⎥⎥
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎢
⎣
⎡
+++=
++=
−
−
t t
t t
et ecc y
eecc x
)4
3
2
1(
212
21
21
b) t y x y
y x x+−=
−=&& 22
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+++=++++=
t t ecc y
t t ecc xt
t
221
221 122
c) t y x y
e y x x t
cos22−−=
−−=&&
⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎣
⎡
+−−+=
−−−−+=
)sin3(cos21
sincos22
21
21
t t teecc y
t t teeecc x
t t
t t t
d) y x y
y x x
314
−=−−=
&&
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−+=−++=
−−
−−
13)12(2
21
21t t
t t
tecec y
t ecec x
e) t e y x y y x x −+−= −= 234&
&
⎥⎥
⎦
⎤⎢⎢
⎣
⎡−+=
−−−++= −−−
−−−−−
t t t
t t t t t
et tecec yet teet ecec x
221
221
2442)12(2
f) 2324t y x y
y x x
+−=+−=
&
&
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−+−+=−+−++=
−−
−−
8618164)12(2
221
221
t t tecec y
t t t ecec xt t
t t
g) t
t
e y x y
e y x x2
2
3243
−
−
−−=+−=
&
&
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
++=++=
−−
−−
t t t
t t t
eecec y
eecec x22
21
2221
434
h) t y x y
t y x x
cos2
sin43
+−=
+−=
&
&
⎥⎥
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎢
⎢
⎣
⎡
+++=
−−+=
−
−
)sin3cos9(101
)cos20sin3(1014
221
221
t t ecec y
t t ecec x
t t
t t
i) y x y
t e y x x t
2sin1043
−=−−=
&&
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+++=+++=
−
−
)sin3(cos)cos6sin8(4
221
221
t t eecec y
t t eecec xt t t
t t t
4.5.4 Riešte systémy diferenciálnych rovníc
a) x z y z
z y y
sin2232
+−=′−=′
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−++=++=
−
−
x xecec z
xecec y x x
x x
cossin2sin33
21
21
b) z y ze z y y
x
2 432−=′+−=′
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡
++=+++=
−
−
x x x
x x x
xeecec z
xeecec y
2)13(23
21
21
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 70/117
69 Kapitola 4 - Lineárne diferenciálne rovnice n-tého rádu
c) 2232
x z y z
x z y y
−−=′+−=′
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−+−+=−−−+=
−
−
427233
221
221
x xecec z
x xecec y x x
x x
d) z y z
z y y+−=′
++=′ 523
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−+=−+−−=
1sincos1)cos(sin)cos(sin
2
2
2
1
22
21
xec xec z
x xec x xec y x x
x x
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 71/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 70
5 VIACROZMERNÉ INTEGRÁLY
5.1 DVOJNÝ INTEGRÁL
Nech je funkcia f ( x, y) integrovateľná na elementárnej oblasti A danej nerovnosťami:b xa ≤≤ , )()( x y x ψ ϕ ≤≤ .
Nech pre každé >∈< ba x , existuje ∫ )(
)(
),( x
x
dy y x f ψ
ϕ
, potom platí:
∫ ∫ ∫∫ ⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡=
b
a
x
x A
dxdy y x f dxdy y x f )(
)(
),(),(ψ
ϕ
.
Nech je funkcia f ( x, y) integrovateľná na elementárnej oblasti A danej nerovnosťami:)()( y x y ψ ϕ ≤≤ , d yc ≤≤ .
Nech pre každé >∈< d c x , existuje ∫ )(
)(),(
y
y
dx y x f ψ
ϕ
, potom platí:
∫ ∫ ∫∫ ⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡=
d
c
y
y A
dydx y x f dxdy y x f )(
)(
),(),(ψ
ϕ
.
Transformácia dvojného integrálu pomocou polárnych súradníc. Nech zobrazenieΦ priradí každej dvojicičísel ( ρ,φ) bod ( x, y) podľa vzťahov
ϕ ρ cos= x , ϕ ρ sin= y , jakobián zobrazeniav ρ = J Toto zobrazenie je regulárne pre 0> ρ , π ϕ 20 << .
Aplikácie dvojného int egrálu. Nech A je merateľná množina v E 2. Potom pre jej obsah platí:
∫∫ = A
dxdy P .
Nech B je uzavretá merateľná množina z E 2 a funkcie f , g sú také spojité funkciedefinované na množine B, že )()( X g X f < vo vnútri množiny B. Ak množina A trojrozmerného priestoru pozostáva zo všetkých bodov, pre pravouhle súradnice ktorých platí B y x ∈),( ,
),(),( y x g z y x f ≤≤ , nazývame ju valcovitým telesom. Valcovité teleso A je merateľnátrojrozmerná množina a pre jeho objemV platí:
[ ]∫∫ −= B
dxdy y x f y x g V ),(),( .
Ak je plochaS ur čená rovnicou ),( y x f z = , A y x ∈),( , pričom x f ∂∂ ,
y f ∂∂ sú na množine
A spojité funkcie, potom pre obsah plochyS platí:
dxdy y
y x f x
y x f S
A∫∫ ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
∂∂+
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
∂∂+=
22 ),(),(1 .
Príklad 1 :Vypočítajte∫∫ + I
dxdy y
x2
2
1, kde interval 1,01,0 ×= I .
Interval I je elementárna oblasť daná nerovnosťami:
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 72/117
Kapitola 5 - Viacrozmerné integrály71
10 ≤≤ x 10 ≤≤ y .
Daný integrál môžeme počítať nasledovne:
[3
1
1
1
3
1
)1.(311
1
02
1
0
1
02
31
0
1
02
2
2
2
∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫ =+
=⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡
+=
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛
+=
+dy
y
dy
y
xdydx
y
xdxdy
y
x
I
arctg ] =10 y
120
431 π π =⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −⋅=
Príklad 2 :Vypočítajte ∫∫ M
dxdy y x
2
2
, kdeM je oblasť ohraničená priamkami x = 2, y = x a
krivkou x.y = 1. Najskôr odporúčamečitateľovi graficky znázorniť oblasť M . Na ur čenie oblastiM
pomocou nerovností potrebujeme nájsť priesečník priamky y = x s krivkou x.y = 1. Daný priesečník nájdeme riešením sústavy rovníc
x y = , x y 1= a dostaneme 1±= x .
Zadaniu úlohy vyhovuje x = 1, pretože x = -1∉ M . MnožinaM je elementárna oblasť daná nerovnosťami:
21 ≤≤ x , x y ≤≤1
Pre daný integrál platí:
( ) 49
42
2
1
422
1
3
1
2
1
22
1 1 2
2
2
2
=⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
+−=+−=⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−=⎟⎟
⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎜
⎝
⎛
= ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫ x x
dx x xdx y x
dxdy y x
dxdy y x
x
x
x
xM .
Príklad 3 :Vypočítajte dxdy y x y x
M ∫∫ +
+22
22 )(ln , kdeM je medzikružie dané nerovnosťou
2221 e y x ≤+≤ . Zavedieme polárne súradnice ϕ ρ cos= , ϕ ρ sin= y , ρ = J . Ich dosadením do
vzťahu medzikružia dostaneme2222 )sin(cos1 e≤+≤ ϕ ϕ ρ , resp. 221 e≤≤ ρ .
A teda oblasť M môžeme popísať takto:e≤≤ ρ 1 , π ϕ 20 ≤≤ .Pre daný integrál platí:
[ ] ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫ ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ⋅=
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ⋅
++=
++ π π
ϕ ρ ρ
ρ ϕ ρ ρ
ϕ ϕ ρ ϕ ϕ ρ 2
0 1
2
0 1222
222
22
22 ln2)sin(cos)sin(cosln)(ln
d d d d dxdy y x
y x ee
M
[ ]∫ ∫ ∫ ∫ ===⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅=
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
==
=
=π
π π π
π ϕ ϕ ϕ ϕ ρ ρ
ρ 2
0
20
2
0
1
0
22
0
1
0
21
22
22
1,0
1ln
d d t
d dt t
t t
dt d
t
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 73/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 72
Príklad 4 :Vypočítajte dxdy y xM
∫∫ + 3)(1 , kdeM je oblasť ohraničená priamkami 1=+ y x ,
2=+ y x , 03 =− y x , 04 =− y x . Zavedieme vhodnú transformáciu súradnicovej sústavy. Bez ujmy na všeobecnosti
predpokladajme, žeu y x =+ , 0=− yvx .
Riešením danej sústavy rovníc dostaneme
ϕ :v
u x
+=
1, ψ :
vuv
y+
=1
.
Oblasť M môžeme popísať takto:21 ≤≤ u , 43 ≤≤ v .
Nájdeme jakobián danej transformácie
2332
2
)1()1()1()1(1
)1(11
v
u
v
uv
v
u
vu
vv
vu
v
vu
vu J +
=+
++
=
++
+−
+=
∂∂
∂∂
∂∂
∂∂
=ψ ψ
ϕ ϕ
.
Daný integrál môžeme počítať nasledovne:
=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
⋅+⋅−=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
+−⋅=
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ +
⋅=+ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫ du
uudu
vududv
vu
udxdy
y xM
2
1
2
122
4
32
2
1
4
3233
1411
51
111
)1(1
)(1
∫ =⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +−=
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−==2
1
2
12 40
1121
2011
2011
201
udu
u
Príklad 5 : Nájdite obsahčasti rovinyM ohraničenej krivkami 1= xy , x y =2 , 2= y , 0= x . Pre obsahčasti rovinyM ohraničenej danými krivkami platí:
∫∫ =M
dxdy P .
Opäť odporúčamečitateľovi graficky znázorniť oblasť M . Riešením sústavy rovníc
x y
1= , x y =2
dostaneme priesečník daných kriviek P = (1, 1).Oblasť M rozdelíme na dve elementárne oblasti ur čené nerovnosťami:
10:1 ≤≤ yM , 20 y x ≤≤ 21:2 ≤≤ yM , y
x10 ≤≤
Pre hľadaný obsahčasti roviny platí:
[ ] [ ] ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫ =+=+=+==1
0
2
1
22
1
1
0
1
00
2
1
1
0
1
0 0
122
dy y
dy ydy xdy xdxdydxdydxdy P y y y y
M
[ ] 2ln31ln
321
1
0
3
+=+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡= y y
Príklad 6 : Vypočítajte obsah rovinného útvaru ohraničeného krivkami: x y x 222 =+ ,
x y x 422
=+ , , y = 0= y .
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 74/117
Kapitola 5 - Viacrozmerné integrály73
Keďže prvé dve rovnice sú rovnicami kružníc, je vhodné uskutočniť transformáciu do polárnych súradníc ϕ ρ cos= , ϕ ρ sin= y , ρ = J . Ich dosadením do rovníc oboch kružníczískame hranice pre premennú ρ :
( ) ϕ ρ ϕ ϕ ρ cos2sincos. 222 =+ ( ) ϕ ρ ϕ ϕ ρ cos4sincos. 222 =+ ϕ ρ cos2= ϕ ρ cos4=
Priamka y = má smernicu =k tg 1=ϕ , tak 4π
ϕ = . Pre danú oblasť teda platí:
40 π ϕ ≤≤
, ≤≤ ρ ϕ cos2 ϕ cos4
Pre hľadaný obsah rovinného útvaru platí:
( ) ==−=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ = ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ
ρ ϕ ρ ρ
π π π ϕ
ϕ
π ϕ
ϕ
d d d d d P 4
0
24
0
4
0
22cos4
cos2
24
0
cos4
cos2
cos6cos4cos1621
2.
)2(43
42sin
2.6
22cos16
4
0
4
0
+⋅=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ += ∫ π
ϕ ϕ ϕ
ϕ
π π
d
Príklad 7 : Vypočítajte objem telesa ohraničeného plochami: x y = , x y .2= ,4=+ z x , 0= z .
Pre objem telesaV ohraničeného danými plochami platí:[ ]∫∫ −=
M
dxdy y x g y x f V ),(),(
V našom prípade x y x f z −== 4),( a 0),( == y x g z . Rovina 4=+ z x pretína os xo
v bode 4= x . Oblasť M teda môžeme popísať takto:40 ≤≤ x , x y x .2≤≤ .Hľadaný objem telesa dostaneme nasledovne:
[ ] ( )∫ ∫ ∫ ∫ =+−−=−=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −=
4
0
4
0
4
0
.2.2
..4.2.84)4( dx x x x x x xdx xy ydxdy xV x x
x
x
( ) 15128
25
234.4
4
0
25
23
4
0
3 =
⎥⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢⎢
⎣
⎡
−⋅=−= ∫ x xdx x x
Príklad 8 : Vypočítajme objem telesa, ktorého podstavu tvorí kružnica x y x 222 =+ , zhora jeohraničené kúžeľom 22 y x z += a zdola rovinou 0= z .
Zavedieme polárne súradnice ϕ ρ cos= , ϕ ρ sin= y , ρ = J . Ich dosadením dorovnice kružnice dostaneme hornú hranicu pre premennúρ
ϕ ρ ϕ ϕ ρ cos2)sin(cos 222 =+ , ϕ ρ cos2= resp. transformujeme rovnicu kužeľa do polárnych súradníc ρ = z .
Hranice pre premennúφ ľahko ur číme z polohy kružnice x y x 222 =+ v I. a IV.kvadrante. Pre oblasť M sme tak dostali:
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 75/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 74
ϕ ρ cos20 ≤≤ , 22π
ϕ π ≤≤− .
Pre objem telesa dostaneme:
∫ ∫ ∫ ∫ ∫ −−− − −==⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
=⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
=
2
2
22
2
32
2
2
2
cos2
0
3cos2
0
2
cos)sin1(38
cos38
3
π
π
π
π
π
π
π
π
ϕ ϕ
ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ
ρ
ϕ ρ ρ d d d d d V
932
338)1(
38
1,1cos
sin 1
1
1
1
32
21
∫ − −
=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−==−=
==
t t dt t
t t
d dt
t
ϕ ϕ
ϕ
Príklad 9 : Vypočítajme obsahčasti danej plochyρ: 12236 =++ z y x ohraničenej 1. oktantom. Pre obsah kvadratickej plochy platí:
dxdy y y x f
x y x f
S M ∫∫ ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
∂∂
+⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
∂∂
+=
22 ),(),(1 .
Pričom v našom prípade funkcia f má tvar:
23612),( y x
z y x f −−== .
Ur číme prienik rovinyρ s rovinou y xoo , položíme 0= z a dostaneme x y 24 −= .Dostali sme priamku, ktorá pretína x-ovú os v bode 2. Teraz užľahko popíšeme elementárnuoblasť M:
20 ≤≤ x , x y 240 −≤≤
Ďalej ur číme f
∂
∂ a y
f
∂
∂ :
3−=∂∂ x f ,
23−=
∂∂ y f .
Pre obsah danej plochy napokon dostaneme:
∫ ∫ ∫ ∫ =⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅−=−=
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ++=
−− 2
0
2
0
224
0
2
0
2
0
24
0
142
2427)24(
27
27
4991 x
xdx xdx ydxdy P x x
Úlohy
5.1.1 Vypočítajte dvojný integrál (oblas ť M je ohrani čená danými krivkami resp. je danánerovnos ť ami :
a) ( )∫∫ ≤≤≤≤+M
y xM dydx y x 10,10:,22 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
32
b) ∫∫ ≤≤−≤≤M
y xM dydx xy 32,10:,2 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
635
c) ( )∫∫ =+==−M
y x y y xM dydx y x 2,0,:, . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
32
d) ∫∫ =⋅==+M
x x y x yM dydx y x
x 2,3,:,22 . ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡6π
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 76/117
Kapitola 5 - Viacrozmerné integrály75
e) ( )∫∫ ===+M
x y y xM dydx y x ,,0:,cos π . [ ]2−
f) ∫∫ =⋅==M
y x x y xM dydx y x 1,,2:,2
2
. ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
49
g) ( ) 0,,2,21,2:,2 >===+∫∫ y x x y x y xyM dydx y xM
. ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡617
h) ∫∫ ==⋅==M
y y x x y xM dydx x 0,1,,2:,2 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
47
i) ( )∫∫ ==+M
x y x yM dydx y x ,:,2 2 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
209
j) ∫∫ −==M
x y x yM dydx y 2,:, 22 . [ ]0
k) ( )∫∫
−≤≥−M
x y x yM dydx x 22 4,:,2 .⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ ⋅−3
232
l) ∫∫ ====M
y
x
y y x x yM dydxe 2,1,0,:, 2 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −232e
m) ∫∫ ===+
M
x y x y xe yM dydxe 2,0,:, . [ ]e
n) ∫∫ ≤+−−M
y xM dydx y x
16:,25
1 2222
. [ ]π 4
o) ∫∫ ≤+⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −M
y xM dydx x
y 2222
2
:,1 π . [ ]32π
p) ∫∫ ≤+≤−+M
y xM dydx y x 259:,9 2222 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡π
3128
q) ( )∫∫ ≤+≤++
M
e y xM dydx y x y x 222
22
22
1:,ln . [ ]π 2
r) ( )∫∫ ≤+≤+M
e y xeM dydx y x 422222 :,ln . ( )[ ]13 22 −⋅ eeπ
s) ∫∫ ≤+≤+M
y xM dydx y x 2222
22 44
:,cos π π . 22 π π −
t) ( )∫∫ ≥⋅≤≤≤+≤M
y x x y x
y xM dydx x y
arctg 0,,33
,91:, 22 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
62π
u) ( )∫∫ >⋅≤+M
b yb y xM dydx x 0,:, 22 . [ 0 ]
v) ( )∫∫ =+=−+⋅
M
y y x y xM dydx y x 4,11:, 22222 . [ 0 ]
w) ( ) ( )∫∫ >⋅=+⋅=++M
a xa y x xa y xM dydx y x 0,2,:, 222222 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅π 4
3245
a
x)
( )∫∫ >≤+−−M bab
ya x
M dydxb y
a x
0,,1:,1 2
2
2
2
2
2
2
2
. ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
⋅⋅ baπ 32
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 77/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 76
y) ∫∫ ≤+−−M
y xM dydx
y x1
916:,
9164
1 22
22. )3224 −π
5.1.2 Vypočítajte plošný obsah rovinného útvaru, ohrani čeného danými krivkamiresp. ur čeného nerovnos ť ami:
a) 03,42 =++= y x x y . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
6125
b) 4,2, === x x y x y . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
316
c) 44,44 22 +−=+= x y x y . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
316
d) x y x y −=+= 3,5 22 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
364
e) 2,12 =−= y x y . 34f) 382,64 22 −+−=+−= x x y x x y . [ ]4
g) 0,2,,1 2 ====⋅ x y x y y x . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ + 2ln31
h) 06,023,6 =−=−=⋅ y x y x y x . [ ]3ln12⋅
i) 1,1,ln −==−= y y x x y . ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ −e
1
2
1
j) 4,3,3,4 ===⋅= y y x
ye y x . [ ]1
k) x y y x y x ===+ ,0,222 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +21
4π
l) 3
,0,08,04 2222 x y y y x x y x x ===+−=+− . 332 ⋅+π
m) 0,,06,04 2222 ===+−=+− y x y y y x y y x . ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −245
π
n) ( ) ( ) ( )0,, 222222 >=−+=+− aaa y xa ya x . ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡ ⎟
⎠ ⎞⎜
⎝ ⎛ −⋅ 1
22 π a
o) kvadrantev x y x y y x .1,3,,822⋅===+ . ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
3π
p) ( )0,,0,12
2
2
2
>≥≤+ ba yb y
a x . ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅⋅⋅ π ba
21
5.1.3 Vypočítajte objem telesa ohrani čeného danými plochami:
a) 0,0,,2,6 ====+=+− z y y x y x z y x . ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡316
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 78/117
Kapitola 5 - Viacrozmerné integrály77
b) ( )0,,0,5,3,1 2 ≥===+= z y x z y x z x y . [ ]12
c) 0,2,2 ==+= z z y x y . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅ 2
1532
d) 0,0,42,2 2 ===++= z y z y x x y ( y ≥ 0 ).⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
5
17
e) 0,4,2, ==+== z z x x y x y . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
15128
f) x z z y x y y x 15,0,0,,222 =====+ . [ ]11
g) 0,0,0,1,22 ====++= z y x y x y x z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
61
h) 0,1,, 222 ===+= z y x y y x z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
10588
i) 0,9,2222
==++= z y x y x z . ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
⋅π 281
j) 0,2,1 222 =⋅==+ z z y y x . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
8π
k) 2222 ,2 y x z y x z +=+= . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅π
34
l) 0,3 22 =−−= z y x z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅π
29
m) ( )0,,0,3,,1 22 ≥=⋅==−−= z y x z x y x y y x z . ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡
48
π
n) 0,6,422 ==++=+ z z y x y x . [ ]π 24
o) ( )0,0,8,03,0, 2222 ≥==+=−⋅=−+= y x z y x y x y x y x z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅π
34
p) 0,,5,2 222222 =+==+=+ z y x z y y x y y x . [ ]52
q) ( )00,,2 22222 ≥=+==+ z z y x z y y x . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
932
r) ( )00,0,,9,6 222222 ≤==+==+=+ y z y y x z x y x x y x . [ ]114
s) 0,2,,222222
==+=++= z x y x x y x y x z . ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
⋅π 3245
t) ( )00,14 222 ≥==++ z z z y x . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
3π
u) .4,2 2222 y x z y x z +−=+= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡π
320
5.1.4 Vypoč ítajte obsah:
a) časti roviny 6=++ z y x ohraničenej rovinami 3,3,0,0 ==== y x y x . 39⋅
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 79/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 78
b) časti valcovej plochy z x 22 = , ktorú z nej vytínajú roviny 22,2,02 ⋅===− x x y y x .[ ]13
c) časti valcovej plochy x z 42 = (v 1. oktante) ohraničenej valcom x y 42 = a rovinou
1= x .( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −⋅⋅ 1223
4
d) časti plochy rotačného paraboloidu 22 y x z += ohraničenej rovinou 2= z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅π
313
e) časti plochy rotačného paraboloidu 222 y x z += vyrezanej valcom 122 =+ y x .
( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −⋅ 1223
2π
f) časti plochy rotačného paraboloidu 224 y x z += , ktorá je ohraničená plochami
1,0,0,3 ===⋅= z z y x y . ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −⋅ 1229
8π
g) časti kužeľovej plochy 22 y x z += , ktorá leží vo vnútri valca x y x 222 =+ .π ⋅2
h) časti kužeľovej plochy 222 y x z += ohraničenej valcovou plochou y z 22 = .π ⋅⋅ 22
i) časti plochy hyperbolického paraboloidu ( )0, ≥⋅= y x y x z ohraničenej valcovou
plochou 122 =+ y x . ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −⋅⋅ 1226π
j) guľovej plochy ( )01222 ≥=++ z z y x . [ ]π ⋅2k) guľovej plochy ( )08222 ≥=++ z z y x ohraničenej valcovou plochou 422 =+ y x .
)228 −⋅⋅π
l) časti skrutkovej plochy x y
arctg z = ležiacej vo vnútri valca 122 =+ y x .
( )( )[ ]21ln2 ++π
5.2 TROJNÝ INTEGRÁL
Nech A je elementárna oblasť v E 3. Nech množina A pozostáva práve z tých bodov( x, y, z ), pre ktoré B y x ∈),( , ),(),( y x z y x ψ ϕ ≤≤ , pričom B je elementárna v E 2 { napr. daná nerovnosťami: b xa ≤≤ , )()( x g y xh ≤≤ }a funkcieφ, ψ sú spojité na B. Nech f je integrovateľná funkcia na množine A a pre každý bod B y x ∈),( existuje integrál
∫ ),(
),(
),,( y x
y x
dz z y x f ψ
ϕ
.
Potom platí:
∫∫∫ ∫ ∫ ∫ ⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
A
b
a
x g
xh
y x
y x
dxdydz z y x f z y x f )(
)(
),(
),(
),,(),,(ψ
ϕ
.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 80/117
Kapitola 5 - Viacrozmerné integrály79
Transformácia trojného integrálu Cylindrické súradnice. Nech zobrazenieΦ priradí každej trojicičísel ( ρ,φ,u) bod ( x, y, z ) podľa vzťahov
ϕ ρ cos= x , ϕ ρ sin= y , u z = .Toto zobrazenie je regulárne pre 0> ρ , π ϕ 20 << .Pre jakobián zobrazenia dostaneme: ρ = J .
Sférické súradnice. Nech zobrazenieΦ priradí každej trojicičísel ),,( ϑ ϕ ρ bod ( x, y, z ) podľa vzťahov
ϕ ϑ ρ cossin= x , ϕ ϑ ρ sinsin= y , ϑ ρ cos= z .Toto zobrazenie je regulárne pre 0> ρ , π ϕ 20 << , π ϑ <<0 .Pre jakobián zobrazenia dostaneme: ϑ ρ sin2= J .
Sférické súradnice. Nech zobrazenieΦ priradí každej trojicičísel ),,( ϑ ϕ ρ bod ( x, y, z ) podľa vzťahov
ϕ ϑ ρ coscos= x , ϕ ϑ ρ sincos= y , ϑ ρ sin= z .
Toto zobrazenie je regulárne pre 0> ρ , π ϕ 20 << , 22π ϑ π <<− .
Pre jakobián zobrazenia dostaneme: ϑ ρ cos2= J .
Aplikácia trojného integrálu . Nech A je uzavretá merateľná množina z E 3. Pre objemV množiny A platí:
∫∫∫ = A
dxdydz V .
Príklad 1 :Vypočítajme ∫∫∫ I
dxdydz z y x 23 , ak I : 10 ≤≤ x , x y ≤≤0 , xy z ≤≤0 .
Daný integrál môžeme počítať nasledovne:
∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫∫ =⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅=
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
1
0 0
451
0 0 0
223
1
0 0 0
2323
21
2dxdy y xdxdy
z y xdxdydz z y xdxdydz z y x
x x xy x xy
I
∫ ∫ =⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡===⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅
1
0
1
0
1110
1
0 0
55
1101
11101
101
521 x
dx xdx y
x x
Príklad 2 : Vypočítajme ∫∫∫ I
dxdydz y , ak I je elementárna oblasť ohraničená rovinou
0622 =−++ z y x a 1. oktantom ( 0,0,0 ≥≥≥ z y x ). Na popis oblasti I pomocou nerovností musíme najprv ur čiť prienik danej roviny
0622 =−++ z y x s rovinou y xoo .Položíme 0= z a dostaneme x y −= 3 .Táto priamka pretína x-ovú os v bode 3. Oblasť I je teda daná nerovnosťami:
30 ≤≤ x , x y −≤≤ 30 , y x z 2260 −−≤≤ .Daný integrál vypočítame takto:
[ ]∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫∫ =⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
−−−
− −− 3
0
3
0
2260
3
0
3
0
226
0dxdy yz dxdydz ydxdydz y
x y x
x y x
I
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 81/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 80
∫ ∫ ∫ ∫ =⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +−+−=⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅−⋅−⋅=
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −−=
−− 3
0
233
0
3
0
3223
0
3
0
2 99331
32
22
26)226( dx x x xdx
y y x
ydxdy y xy y
x x
4279
29
33
12
3
0
234
=⎥⎦
⎤⎢
⎣
⎡ +⋅−⋅+−= x x x x
Príklad 3 :Vypočítajme dxdydz y x I ∫∫∫ + 22 , ak oblasť I je ohraničená kúžeľom
222 z y x =+ a rovinou 1= z . Zavedieme cylindrické súradnice ϕ ρ cos= x , ϕ ρ sin= y , u= , ρ = J . Prienikom
kúžeľa 222 z y x =+ a roviny 1= z je kružnica 122 =+ y x .Dosadením cylindrických súradníc do rovnice kružnice dostaneme hornú hranicu
premennej ρ:( ) 1sincos. 222 =+ ϕ ϕ ρ , 1= ρ ,
resp. ich dosadením do rovnice kúžeľa dostaneme dolnú hranicu pre premennúu:( ) 2222 sincos. u=+ ϕ ϕ ρ , ρ =u .
Oblasť I je daná nerovnosťami:10 ≤≤ ρ , π ϕ 20 ≤≤ , 1≤≤ u ρ .
Pre daný integrál platí:
( ) =⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ +=+ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫∫ ϕ ρ ρ ϕ ρ ρ ϕ ϕ ρ
π π
ρ
d d dud d dudxdydz y x I
2
0
1
0
22
0
1
0
122222 .)sin.(cos
[ ]∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫
=⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡==⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡ −=⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛ −=
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛ =
π π π π π
ρ π
ϕ ϕ ϕ ρ ρ
ϕ ρ ρ ρ ϕ ρ ρ 2
0
2
0
2
0
1
0
432
0
1
0
322
0
1
0
12
612
1
12
1
43)( d d d d d d u
Príklad 4 :Vypočítajme dxdydz z y x I
∫∫∫ ++ 222
1 , ak I je oblasť ohraničená dvoma
sústrednými guľami 1222 =++ z y x a 4222 =++ z y x . Zavedieme sférické súradnice ϑ ϕ ρ cos.cos= x , ϑ ϕ ρ cos.sin= y , ϑ ρ sin= z ,
ϑ ρ cos2= J . Ich dosadením do rovníc gulí dostaneme dolnú aj hornú hranicu premennejρ:11)sincos.sincos.(cos 222222 =⇒=++ ρ ϑ ϑ ϕ ϑ ϕ ρ ,
Analogicky ( dosadením do 2. rovnice ) dostaneme2= ρ .Oblasť I je tak daná nerovnosťami
21 ≤≤ ρ , π ϕ 20 ≤≤ ,22π
ϑ π ≤≤− .
Daný integrál vypočítame nasledovne:
=⎟⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜⎜
⎝
⎛
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜⎜
⎝
⎛
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛ =
++ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫∫∫ −−
ρ ϕ ϑ ϑ ρ ρ ϕ ϑ ϑ ρ ρ
π π
π
π π
π
d d d d d d dxdydz z y x I
2
1
2
0
2
2
2
1
2
0
2
2
22222
coscos11
[ ] [ ] π ρ
π ρ πρ ρ ρϕ ρ ϕ ρ ρ ϕ ϑ ρ π π
π
π
π
62
4422sin2
1
21
0
1
0
20
2
1
2
0
2
1
2
2
2
0
=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅===
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫
−
d d d d d d
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 82/117
Kapitola 5 - Viacrozmerné integrály81
Príklad 5 :Vypočítajme objem telesa ohraničeného rovinami: 632 =+ z y , 0= x , 4= x ,
0= y , 0= z . Pre výpočet objemu telesa pomocou trojného integrálu platí:
∫∫∫ =
I
dxdydz V .
Popis elementárnej oblasti vyplýva priamo zo zadania úlohy ( hornú hranicu premennej yur číme ako prienik rovín 632 =+ z y a 0= z ):
40 ≤≤ x , 30 ≤≤ y ,3260 y
z −≤≤ .
Pre hľadaný objem telesa platí:
[ ] ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ =⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅−=
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜⎜
⎝
⎛
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛ =
−−
4
0
3
0
24
0
3
0
4
0
3
0
326
0
4
0
3
0
326
0 226
31
326
dx y
ydxdy y
dxdy z dxdydz V y
y
[ ] 1233 40
4
0
=== ∫ xdx
Príklad 6 : Vypočítajme objem telesa ohraničeného kužeľom 222 z y x =+ , 0≥ z , valcom y y x 222 =+ a rovinou 0= z .
Zavedieme cylindrické súradnice ϕ ρ cos= , ϕ ρ sin= y , u z = , ρ = J . Ichdosadením do rovnice valca dostaneme hornú hranicu premennej ρ:
( ) ϕ ρ ϕ ϕ ρ sin2sincos. 222 =+ , ϕ ρ sin2= ,resp. dosadením do rovnice kužeľa dostaneme hornú hranicu premenneju:
2222 sincos. u=+ ϕ ϕ ρ , u= ρ .Hranice pre premennúφ ur číme z polohy kolmého priemetu valca y y x 222 =+ do
roviny 0= z ( I. a II. kvadrant ). Pre oblasť I teda dostaneme:ϕ ρ sin20 ≤≤ , π ϕ ≤≤0 , ρ ≤≤ u0 .
Pre objem telesa dostaneme:
[ ] ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ ∫ =⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ =
π ϕ π ϕ π ϕ ρ
π ϕ ρ
ϕ ρ
ϕ ρ ρ ϕ ρ ρ ϕ ρ ρ 0
sin2
0
3
0
sin2
0
2
0
sin2
00
0
sin2
0 0 3. d d d d d ud d duV
932
338
)1(38
1,1sin
cos
sin)cos1(38
sin38
1
1
1
1
32
021
0
23=⎥
⎦
⎤
⎢⎣
⎡
−=−−=−===−
=
−==−
−
∫ ∫ ∫ t
t dt t t t
dt d
t
d d
π π
ϕ ϕ
ϕ
ϕ ϕ ϕ ϕ ϕ
Úlohy
5.2.1 Vypoč ítajte trojný integrál, ak oblas ť V je ohrani čená danými plochami. a) ( )dxdydz x
V ∫∫∫ +3 ; .1,1,1,1,1,1: =−==−==−= z z y y x xV [ ]24
b) ( )dxdydz xV ∫∫∫
+32 ; .1,0,1,0,1,0: ====== z z y y x xV [ ]4
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 83/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 82
c) ( )dxdydz z y xV ∫∫∫ ++ ; .1,0,0,0: =++=== z y x z y xV ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
81
d) ∫∫∫ V
xdxdydz ; .0622,0,0,0: =−++=== z y x z y xV ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
427
e) ( )∫∫∫ +++
V z y xdxdydz
1 3 ; .1,0,0,0: =++=== z y x z y xV ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −165
22ln
f) ∫∫∫ V
zdxdydz ; .2,2,0,0,0: =+==== y x z z y xV [ ]4
g) ∫∫∫ V
zdxdydz ; .2
,,0,0: π =+=== z x x y z yV [ ]2105
3 π π
h) ( )dxdydz z y xV ∫∫∫ ++ ; :V .1,0,0,0,422 =====+ z z y x y x ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ +23
16 π
i)
( )∫∫∫ ++V dxdydz z y x ; .8,0,0,0,9:22
=====+ z z y x y xV [ ]π 72144+ j) ( )∫∫∫ ++
V
dxdydz z y x 22 ; .4,: 22 ==+ z z y xV [ ]π 32
k) ∫∫∫ V
zdxdydz ; .3,4: 22222 z y x z y xV =+=++ ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
413π
l) ∫∫∫ V
zdxdydz ; .,: 22222 y x z y x z V +=+= ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
12π
m) ∫∫∫ V
zdxdydz ; 22222 ,2: y x z z z y xV +≥=++ . ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡
67π
n) ( )∫∫∫ +V
dxdydz z 12 ; 0,2,: 22222 ==++= z y y x y x z V . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
2
5
152.41
o) ∫∫∫ =+=++V
y x z y xV zdxdydz .1,4:; 22222 [ ]0
p) ∫∫∫ V
dxdydz z ; .1,4: 22222 =+=++ y x z y xV ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
27π
q) ∫∫∫ ≥=+=+V
aa z x y xV zdxdydz .2,,1:; 22222 [ ]0
r) ∫∫∫ =+====V
z x y x y xV xdxdydz .9,1,1,0,0:; 22 ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −3
23218
s) ∫∫∫ =+=+ .9,1:; 2222 z x y xV dxdydz z ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
435π
t) ∫∫∫ ≥=+=+V
aa z y y xV dxdydz z .2,,1:; 22222 ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −144
2aπ
5.2.2 Pomocou trojného integrálu vypo čítajte objem telesa ohrani čeného plochami :
a) 22222
, y x z y x z +=+= . ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
6π
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 84/117
Kapitola 5 - Viacrozmerné integrály83
b) 22222 32,32 y x z y x z +=+= . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
366π
c) 22222 ,2 y x z z z y x +≥=++ . [ ]π
d) 22222
,2 y x z z z y x +≤=++ . ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
6π
e) 12
2
2
2
2
2=++
c z
b y
a x , cba ,, >0. ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
34 abcπ
f) 1,4 22222 =+=++ y x z y x . ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ − 3383
4π
g) ( ) 1,42 22222 =+=−++ y x z y x . ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ − 3383
4π
h) 9,22 =+= z y x z , x y x 222 =+ . ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡
2
15π
i) y y x z y x z 2,9, 2222 =+=+= . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
215π
j) 0,1, 2222 ==++= z y x y x z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
2π
k) 1,1,1 2222 =+=−−= y x z y x z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
2π
l) 0,1,4 2222 ==+−−= z y x y x z . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
27π
m) 0,1, 22222 ==++= z y x y x z , 22 y x z +≥ . ⎥⎦⎤
⎢⎣⎡
32π
n) 2222 4,0,2 y x z z x y x −−===+ . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
25π
o) 2222 4,0,2 y x z z y y x −−===+ . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
25π
p) 0,,2 22222 =+==+ z y x z x y x . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
932
q)
0,,222222
=+==+ z y x z y y x . ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
932
r) ( ) 164,16 222222 =−++=++ z y x z y x . ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
380π
s) 2
,0,0,0 π =+=== z x z y x . [ ]4
t) 2
,0,0, π =+=== z x z y x y . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
215
2 π π
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 85/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 84
6 KRIVKOVÉ INTEGRÁLY
6.1 KRIVKOVÝ INTEGRÁL PRVÉHO DRUHU
NechC je po častiach hladká orientovaná krivka, ktorej parametrické vyjadrenie jek t z jt yit xt r rrrr )()()()( ++= , >∈< β α ,t . Nech f je reálna funkcia definovaná na krivkeC .
Potom platí:
[ ] [ ] [ ] [ ]dt t z t yt xt z t yt x f ds z y x f C ∫ ∫ ′+′+′=
β
α
222 )()()()(),(),(),,( .
Príklad 1 :Vypočítajme ∫ +C
ds y x )( 2 , kde C je úsečka AB: )2;2(),1;1( == B A .
Ak C je grafom funkcie ∈= ba x x y y ,),( , tak pre krivkový integrál prvého druhu platí:
[ ] [ ]∫ ∫ ′+=C
b
a
dx x y x y x f ds y x f 2)(1.)(,),( .
Úsečka AB ječasťou priamky x y = a 1=′ y . Pre hľadaný krivkový integráldostaneme:
62.23
32211).()(
2
1
322
1
22 =⎥⎦
⎤⎢
⎣
⎡ +=++=+ ∫ ∫ x xdx x xds y x
C
Príklad 2 : Vypočítajme ds yC ∫ 2 , kdeC ječasť cykloidy
jt ait t ar rrr )cos1.()sin.( −+−= , ∈ π 2,0t .
Ak C je počastiach hladká krivka parametrizovaná funkciou r = r (t ) a f je skalárnafunkcia definovaná naC , tak pre krivkový integrál prvého druhu platí:
[ ] [ ] [ ] [ ]dt t z t yt xt z t yt x f ds z y x f C
b
a∫ ∫ ′+′+′= 222 )()()()(),(),(),,( .
Aplikujúc vyššie uvedený vzťah pre daný krivkový integrál dostaneme:
∫ ∫ ∫ =−=+−−=π π 2
0
22222
0
)cos1(2sin)cos1(.)cos1.(22 dt t aadt t at at ads yC
[ ] aat t aa π π 4sin.2 20 =−=
Úlohy
6.1.1 Nájdite krivkové integrály po krivke C danej úse čkou ak :
a)
∫ +C ds y x )( , C je úsečka AB , [ ]1,3 −= A , [ ]2,5= B ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
2139
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 86/117
Kapitola 6 - Krivkové integrály85
b) ∫ C
y dse x , C je úsečka B , [ ]1,0 −= A , [ ]2,3= B ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡+
ee
222 2
c) ∫ C
ds y xsin , C je úsečka AB , [ ]2,1= A , [ ]4,2= B
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+−4
5)2sin4sin4cos42cos2(
d) ∫ C
ds y
x2
, C je úsečka B , [ ]1,1−= A , [ ]0,0= B
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
22
e) ∫ C
y ds x , C je úsečka AB , [ ]3,2= A , [ ]5,2= B ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
2ln24
f) ∫ C
ds y x , C je obvod trojuholníkaABD [ ]2,1= A , [ ]2,4= B , [ ]4,2= D
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++ 53
14832615
6.1.2 Nájdite krivkové integrály po krivke C danej funkciou ak :
a) dseC
x∫ + 21 , C je oblúk krivky xe y = , [ ]e A ,1= , [= B 3,3 e ]
⎥⎦⎤⎢
⎣⎡ −+ 22
26
ee
b) ds xC ∫ + 21 , C je oblúk krivky x y ln= , [ ]0,1= A , [ ]1,e B = ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ +2
1 2e
c) ∫ C
ds x y cos , C je oblúk krivky x y sin= , [ ]0,0= A , ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡= 1,2π
B
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −3
122
d) ∫ +C
ds x41
1 , C je oblúk krivky x
y 1= , [ ]1,1= A , ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡=
21,2 B ⎥
⎦⎤⎢
⎣⎡21
e) ∫ C
ds x y , C je oblúk krivky 2 x y = , [ ]4,2= A , [ ]9,3= B ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −12
17173737
f) ∫ C
ds x2sin , C je oblúk krivky y cos= , [ ]1,0= A , ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡= 0,2π
B
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −3
)122(2
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 87/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 86
6.1.3 Nájdite krivkové integrály po krivke C danej kúže ľ ose čkou ak :
a) ∫ C
ds y x , C je kružnica 422 =+ y x [ ]0
b) ∫ C ds y
x2 , C je časť kružnice 0,9
22
≥=+ x y x [ ]2− c) ∫
C
ds y x , C je kružnica x y x 222 =+ [ ]0
d) ∫ C
ds x y
arctg , C je kružnica y y x 222 =+ [ 2π ]
e) ∫ +C
ds y x 22 , C je kružnica 0,22 ≥=+ y x y x [ ]1
f) ∫ C
ds y x , C je elipsa 194
22=+ y x [ ]0
6.1.4 Nájdite krivkové integrály po krivke C ak :
a) ∫ C
ds , C je krivka jt it t r rrr )cos1()sin( −+−= , π ≤≤ t 0 [ ]4
b) ∫ C
ds y x
2
3
, C je krivka jt it r rrr sin3cos3 += ,
26π π ≤≤ t ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
29
c) ∫ +C
ds y x )( , C je krivka jt it r rrr 33 sincos += , π ≤≤ t 0 ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
56
d) ∫ −
C
y x dse , C je úsečka AB , [ ]3,2,1= A , [ ]3,5,2= B
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ − −−
2)(10 31 ee
e) ∫ −C
ds y x )(sin , C je úsečka AB , [ ]2,0,2−= A , [ ]3,2,0= B [ ]2sin3−
f) ∫ C
z x ds y , C je úsečka B , [ ]1,3,3= A , [ ]1,3,5= B ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
3ln216
g) ∫ −+C
ds z y x )32( , C je úsečka AB , [ ]1,0,1= A , [ ]2,3,2= B [ ]0
h) ∫ −C
ds y x )( 22 , C je krivka k t jt it r rrrr ++= sincos ,
40 π ≤≤ t ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
22
i) ∫ C
ds z y x , C je krivka k t jt it r rrrr ++= sin2cos2 ,
20 π ≤≤ t [ π
25 ]
6.2 KRIVKOVÝ INTEGRÁL DRUHÉHO DRUHU
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 88/117
Kapitola 6 - Krivkové integrály87
NechC je po častiach hladká orientovaná krivka, ktorej parametrické vyjadrenie jek t z jt yit xt r rrrr )()()()( ++= , >∈< β α ,t . Nech f je vektorová funkcia definovaná na krivke
C . Potom platí:[ ]∫ ∫ =++=
C C
z y x R z y xQdx z y x P r d f ),,(),,(),,(. rr
[ ]∫ ′+′+′±= β
α
dt t z z y x Rt y z y xQt x z y x P )().,,()().,,()().,,( .
Príklad 1 :Vypočítajme ∫ ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−C
dy xdx x xy 2
21)( , kdeC ječasť paraboly
x y 2= , 10 ≤≤ x . Ak C je počastiach hladká orientovaná krivka parametrizovaná funkciou r = r (t ) a F
je vektorová funkcia definovaná naC , tak pre krivkový integrál druhého druhu platí:
[ ]∫ ∫ ′+′+′±=b
aC
dt t z z y x Rt y z y xQt x z y x P r d F )().,,()().,,()().,,(. rr(1) .
Krivku x y 2= parametrizujeme: nech t x = , t y 2= , 10 ≤≤ t . Použitím vyššieuvedeného vzťahu pre daný krivkový integrál dostaneme:
∫ ∫ =
⎥⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢⎢
⎣
⎡
−⋅=⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −=⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜⎝ ⎛ +−
1
0
1
0
225
231
0
2
21
2252
525
212.
212 t t
dt t t dt t
t t t t
Príklad 2 :Vypočítajme ∫ +−+C
dz xydy y R z dx yz 22 , kdeC je časť skrutkovice
t R x cos= , t R y sin= , at z = , 0> R , 0≠a , ∈ π 2,0t .Použitím vzťahu (1) z Príkladu 3 pre hľadaný krivkový integrál dostaneme:
[ ]∫ =+−+−π 2
0
2222 .sincoscossin)sin(.sin dt at t Rt Rt R Rat t Rt Rat
[ ]∫ =++−=π 2
0
22222 sincoscossin dt t t a Rt at Rt at R
[ ]∫ ∫ ∫ +−=+−+−=π π π 2
0
2
0
2
0
22222222 sin2sincos)sin1.(sin dt t t a Rtdt a Rdt t t a Rt at Rt at R
∫ +π 2
0
2 cossin dt t t a R 02
sin8
2cos44
2sin212
2
2
0
22
2
0
222
2
0
22 =⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−−−⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡=π π π
t a R
t t t t t a R
t a R
kde =⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −−−=
−=−==′
=′=∫ ∫ ∫
dt t
t t t
t t t dt
t vu
t vt udt t t
42sin
21
42sin
21
42sin
21
22cos1,1
sin,sin 2
2
2
82cos44 2sin212
2 t t t t t −−−=
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 89/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 88
∫ ∫ ====
=2
sin2cos
sincossin
22 t uduu
dt t du
t udt t t
Úlohy
6.2.1 Nájdite integrál po krivke C ak :
a) ∫ −C
dy xdx y 22 , C je úsečkaa
AB , [ ]3,2−= A , [ ]5,0= B [ ]30
b) ∫ −+C
dy x ydx y 22 )( , C je úsečkaa
AB , [ ]3,0= A , [ ]5,3= B ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
3185
c) ∫ −+C
y dy xdxe y )1( , C je úsečkaa
AB , [ ]2,0 −= A , [ ]0,1= B ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +− −
2)3( 2e
d)
∫ +
C
dy y ydx y x π π sinsin , C je úsečkaa
AB , [ ]0,1= A , [ ]1,3= B ⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡
π
9
e) ∫ +C
x y dy ydx x , C je úsečka B , [ ]5,3= A , [ ]5,1= B ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−3364
f) ∫ +C
dy xdx y x 2 , C je obvod trojuholníkaABD , pričom ( ) D B A ,, je usporiadaná
v zmysle orientácie krivkyC , [ ]2,2= A , [ ]3,3= B , [ ]4,2= D ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
37
g) ∫ +C
dz xydx x 2 , C je úsečka AB , [ ]3,0,2−= A , [ ]1,2,0= B so začiatkom v bode A
[ ]4h) ∫ ++
C
dz xdy z dx y , C je úsečka AB , [ ]2,1,1−= A , [ ]8,1,5= B so začiatkom v bode
A [ ]18i) ∫
C
dz y xsin , C je úsečka AB , [ ]2,2,1= A , [ ]3,2,3= B so začiatkom v bode A
[ ]2sin2 j) ∫ +
C
z dz xydy xe , C je úsečka AB , [ ]3,1,2−= A , [ ]3,5,4= B so začiatkom v bode A
[3
4e ] k) ∫ +C
y dz dx y 2arcsin ,C je úsečka AB , [ ]0,2,1−= A , [ ]4,3,1= B so začiatkom
v bode A ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
2ln531
l) ∫ C
dz xyln , C je úsečka AB , [ ]1,1,1 −= A , [ ]3,1,5= B so začiatkom v bode A
[ ]45ln5 −
6.2.2 Nájdite integrál po krivke C danej funkciou ak :
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 90/117
Kapitola 6 - Krivkové integrály89
a) ∫ +C
dy ydx y x , C je oblúk krivky xe y 2= , od bodu [= A 2,1 e ] po bod [= B 4,2 e ]
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+4
2 248 eee
b) ∫ +C
dy xdx y , C je oblúk krivky x y 2= , od bodu ⎥⎦⎤⎢
⎣⎡−=
21,1 A po bod [ ]2,1= B ⎥
⎦⎤⎢
⎣⎡
25
c) ∫ −C
dy xdx y
xsin , C je oblúk krivky x y = od bodu [ ]2,4= A po bod [ ]3,9= B
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−3
193cos22cos2
d) ∫ −C
dy x
dx x y 1 , C je oblúk krivky x y ln= od bodu [ ]1,e A = po bod [= B 2,2e ]
⎥⎦⎤⎢⎣⎡ −+ ee11
23
2
e) ∫ +C
dy x y
dx y x , C je časť kružnice 0,922 ≥=+ y y x od bodu [ ]3,0= A po bod
[ ]0,3−= B [ ]6f) ∫ −
C
dy ydx x , C je časť kružnice 0,422 ≥=+ y x y x od bodu [ ]0,4= A po bod
[ ]0,0= B [ ]8− g) ∫
C
dx y x , C je časť kružnice 0,422 ≥=+ x y y x od bodu [ ]0,0= A po bod [ ]4,0= B
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−316
6.2.3 Nájdite integrál po krivke C danej parametricky ak :
a) ∫ +C
dy xdx x 3 , C je krivka jt it r rrr 33 sincos += , π 20 ≤≤ t a bod [ ]0,1= A je prvý
bod ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡π
43
b) ∫ C dy x , C je krivka jt it t r
rrr
)cos1()sin( −+−= , π 20 ≤≤ t a bod [ ]0,0= A je prvý
bod [ ]π 3−
c) ∫ C
x dxe , C je krivka jt it r rrr sin3cos2 += ,
20 π ≤≤ t a bod [ ]0,2= A je prvý bod
[ 21 e− ] d) ∫ ++
C
dz ydy xdx z 2 , C je krivka k t jt it r rrrr ++= sincos , π 20 ≤≤ t a bod
[ ]0,0,1= A je prvý bod [ ]π 2
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 91/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 90
e) ∫ C
dz xy , C je krivka k t jt it r rrrr
2sin3cos3 π ++= , π ≤≤ t 0 a bod [ ]0,0,3= A je
prvý bod [ ]0 f) ∫ +
C
dz ydx y x , C je krivka k jt it r rrrr 2ln ++= , et ≤≤1 a bod [ ]2,0,1= A je
prvý bod ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +4
12e
g) ∫ ++C
dz xydy y x
dx yz 2 , C je krivka k t jt it r rrrr )2( −++= , 20 ≤≤ t a bod
[ ]2,0,0= A je prvý bod ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −352
1516
h) ∫ +C
dz xdy z , C je krivka k t t jt it r rrrr ))1(()1( 22 −++−+= , 10 ≤≤ t a bod
[ ]1,1,0= A je prvý bod ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−31
6.3 GREENOVA VETA
Nech C je jednoduchá uzavretá, počastiach hladká krivka, cyklicky orientovanásúhlasne s daným súradnicovým systémom. Nech množina A pozostáva zo všetkých bodovkrivkyC a jej vnútra. Nech funkcie P ( x,y) a Q( x,y) sú spojité a majú prvé parciálne derivácievzhľadom na množinu A. Potom platí:
[ ]∫ ∫∫ ∫ ⎟⎟ ⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛
∂∂−
∂∂=+=
C AC
dxdy y
y x P x
y xQdy y xQdx y x P r d F ),(),(),(),(. rr .
Aplikácie krivkového integrálu. NechC je jednoduchá počastiach hladká krivkacyklicky orientovaná súhlasne s daným súradnicovým systémom a A je vnútro krivkyC .Potom obsah oblasti A je:
∫ −=C
ydx xdy P )(21 .
NechC je počastiach hladká krivka, orientovaná súhlasne s parametrickýmvyjadrením, potom pre dĺžku krivkyC platí:
∫ =C
dsl .
Príklad 1 : Použitím Greenovej vety vypočítajme [ ]∫ +C
xdydx y 2 ,
kdeC je obvod štvorca ohraničený priamkami: 1= x , 1−= x , 1= y , 1−= y .
Ak C je jednoduchá uzavretá, počastiach hladká krivka, obopínajúca množinu Aa vektorová funkcia F =P ( x,y)i + Q ( x,y) j má spojité parciálne derivácie, tak platí:
∫ ∫∫ ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ ∂∂−
∂∂=
C A
dxdy y P
xQ
r d F rr
. (2) .
Pre oblasť A platí:
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 92/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 93/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 92
Príklad 4 : Pomocou krivkového integrálu vypočítajme dĺžkučasti krivky: t x 3= , 23t y = ,32t z = od bodu A = (0, 0, 0) do bodu B = (3, 3, 2).
Pre dĺžku oblúka krivky platí:∫ =
K
dsl , kde dt dz dydxds 222 )()()( ++= .
Najprv ur čímeds dt t dt t t ds )21.(336369 242 +=++= .
Keďže30 ≤≤ x , tak 330 ≤≤ t , 10 ≤≤ t .
Pre dĺžku krivky teda dostaneme:
∫ ∫ =⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡⋅+=+==
1
0
1
0
1
0
32 5
32.3)21.(3 t
t dt t dsl
Úlohy
6.3.1 Pomocou Greenovej vety nájdite integrál po uzavretej krivke C ak :
a) ∫ +++C
dy y xdx y x 222 )()(2 , C je kladne orientovaný obvod trojuholníka ABD ,
[ ] [ ] [ ]3,1,2,2,1,1 === D B A ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−34
b)
∫ +++
C
dy y xdx y x )2()( 22 , C je kladne orientovaný obvod trojuholníka ABD ,
[ ] [ ] [ ]1,3,2,2,1,1 === D B A ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
316
c) ∫ −C
dy y xdx xy 22 , C je kladne orientovaný obvod trojuholníka ABD ,
[ ] [ ] [ ]2,0,1,1,0,0 === D B A ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−34
d) ∫ −++C
dy x ydx y x )2()2( , C je kladne orientovaný obvod trojuholníka ABD ,
[ ] [ ] [ ]1,1,0,2,0,0 === D B A [ ]4− e) ∫ −+−
C
dy y xdx x y )()( 22 , C je kladne orientovaný obvod štvorca ABDE ,
[ ] [ ] [ ],4,3,2,3,2,1 === D B A [ ]4,1= E [ ]8− f) ∫ +−
C
dy xdx y x 22 3)2( , C je kladne orientovaný obvod obdĺžnikaABDE ,
[ ] [ ] [ ],2,4,2,0,0,0 −=−== D B A [ ]0,4= E [ ]64 g) ∫ −+−
C
dy xdx y )4()1( 22 , C je kladne orientovaná kružnica 922 =+ y x
[ ]0
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 94/117
Kapitola 6 - Krivkové integrály93
h) ∫ −+C
dy y xdx y )(2 , C je kladne orientovaná kružnica x y x 422 =+
[ ]π 4
i) ∫ −++C
dy y xdx y x 22 )()( , C je kladne orientovaná elipsa 194
22
=+ y x
[ ]0 j) ∫ −++
C
dy y xdx y x )2()( , C je kladne orientovaná hranica oblasti ohraničenej
krivkami 2 x y = a x y = ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
61
k) ∫ −++C
dy y xdx y x )2()( , C je kladne orientovaná hranica oblasti ohraničenej
krivkami xe y = , e y = a 0= x [ ]1
l) ∫ −++C dy y xdx y x
22
)()( , C je kladne orientovaná hranica oblasti ohraničenej
krivkami 24 x y −= a 2 x y = ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡− 23
128
m) ∫ +C
dy xydx y , C je kladne orientovaná hranica oblasti ohraničenej krivkami
x y sin= , 0= y a2π = x ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −18π
n) ∫ +C
dy ydx y
21 , C je kladne orientovaná hranica oblasti ohraničenej krivkami 4= xy ,
1= y , 1= x a 4= x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
89
o) ∫ +C
dy x
dx y
22
22
, C je kladne orientovaná hranica oblasti ohraničenej krivkami
x y ln= , 1= y , 2= y a 0= x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −45 24 ee
6.3.2 Vypoč ítajte obsah plochy ohrani čenej uzavretou krivkou C ak:
a) C je elipsa 1164
22
=+ y x [ ]π 8
b) C je kružnica 922 =+ y x [ ]π 9
c) C je asteroida jt it r rrr 33 sincos += π 20 ≤≤ t ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡π
83
d) C je cykloida jt it t r rrr )cos1()sin( −+−= π 20 ≤≤ t a kladná poloos [ ]π 3
e) C je krivka jt t it t r rrr )2sinsin2()2coscos2( −+−= π 20 ≤≤ t [ ]π 6
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 95/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 96/117
Kapitola 7 – Základy funkcie komplexnej premennej95
yu
x y xv
∂∂−=′+−=
∂∂ )(3 2
ϕ ,222 33)(3 x y x y +−=′+− ϕ , 23)( x x =′ϕ .
Preφ( x) dostaneme:
∫ +== K xdx x x32
3)(ϕ , ∈ K R .Funkcia z má teda tvar:
)3.(3 3223 K x xyi y x y z ++−+−=
Príklad 3: Nájdime analytickú funkciu ivu z += v oblastiC , ak je daná jej imaginárnazložka x xy y xv 32),( += .
Budeme postupovať analogicky ako v predchádzajúcom príklade. Aplikujúc Cauchy-Riemanove vzť ahy dostaneme:
x
u x
y
v
∂∂==
∂∂ 2 (2).
Z rovnice (2) ur č ímeu( x,y):∫ +== )(2),( 2 y x xdx y xu ϕ .
Zároveň platí:
xv
y yu
∂∂−=′=
∂∂ )(ϕ , 32)( −−=′ y y .
Preφ( y) dostaneme:∫ +−−=−−= K y ydy y y 3)32()( 2
ϕ , ∈ K R .Hľ adaná funkcia z má teda nasledovný tvar:
)32.(322 x xyi K y y x z +++−−=
Úlohy
7.1.1 Overte, č i funkcia :a) z z z f 2)( 2 += , kde yi x z .+= je analytická. [ je analytická] b) z z f Re)( = , kde yi x z .+= je analytická. [ nie je analytická]
7.1.2 Nájdite funkcie ( ) y xu , resp. ( ) y xv , tak, aby funkcia ),(.),()( y xvi y xu z f += bolaanalytická, ak :
a) ( ) y xy y x y xu 2233, 22 +−−= ( )[ ]C x xy y x y xv +−+−= 26, 22
b) ( ) xy y x y xu +−= 22, ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +++−= C xy y x
y xv 222
,22
c) ( ) x xy y xv 32, += ( )[ ]C y y x y xu +−−= 3, 22 d) ( ) 323 236, y xy y x x y xu −−+= ( )[ ]C xy y x y x y xv +++−−= 2233 632,e) ( ) ye y xu x sin4, = ( ) C ye y xv x +−= − cos4,
f) ( ) y xy x y xu 23,23
−−= ( ) C x y y x y xv ++−= 23,32
g) ( ) ye y xu x sin2, = ( )[ ]C ye y xu x +−= sin2,
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 97/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 96
7.1.3 Nájdite funkcie ( ) y xu , resp. ( ) y xv , tak, aby funkcia ),(.),()( y xvi y xu z f += bolaanalytická, ak je daná po čiatočná podmienka:
a) ( ) y xy y x y xu 2233, 22 +−−= , ( ) i f =0 ( )[ ]126, 22 +−+−= x xy y x y xv
b) ( ) xy y x y xu +−= 22, , ( ) ii f 21 −=+ ( )⎥⎦
⎤
⎢⎣
⎡ −++−= 1222
,22
xy y x
y xv
c) ( ) x xy y xv 32, += , ( ) i f =0 ( )[ ]i y y x y xu +−−= 3, 22 d) ( ) 323 236, y xy y x x y xu −−+= , ( ) 00 = f ( ) 2233 632, xy y x y x y xv ++−−= e) ( ) ye y xu x sin4, = , ( ) ii f 5=π ( ) 1cos4, +−= − ye y xv x f) ( ) y xy x y xu 23, 23 −−= , ( ) ii f −−= 2 ( )[ ] x y y x y xv 23, 32 +−= g) ( ) ye y xu x sin2, = , ( ) i f 220 += ( ) 2sin2, +−= ye y xu x
7.2 INTEGRÁL FUNKCIE KOMPLEXNEJ PREMENNEJ
NechC je súhlasne [nesúhlasne] orientovaný oblúk s parametrickým vyjadrením z (t ),>∈< β α ,t . Nech )(t z ′ je spojitá funkcia na intervale >< β α , a nech funkcia f ( z ) je
ohranič ená naC . Potom∫ C
dz z f )( existuje práve vtedy, keď existuje [ ]∫ ′ β
α
dt t z t z f )(.)( a platí:
[ ]∫ ∫ ′=C
dt t z t z f dz z f β
α
)(.)()( [ ]⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡′−=∫ ∫
C
dt t z t z f dz z f β
α
)(.)()( .
Príklad 1: Ur č me, aká krivka je daná nasledujúcou komplexnou funkciou reálnej premennejt , ak it e z = , >∈< π 2,0t .
Komplexnú funkciu z prepíšeme do goniometrického tvaru:t it e z it sincos +== .
Označ me reálnu zložku funkcie z ako x(t ) a imaginárnu y(t ), prič om platí:t t x cos)( = , t t y sin)( = .
Umocnením oboch rovníc na druhú a ich následným sč ítaním dostaneme⇒=+=+ 1sincos 2222 y x y x
Hľ adanou krivkou je teda kružnica so stredom v bode (0, 0) a polomerom 1
Príklad 2: Vypoč ítajme∫ C dz z
1, ak krivkaC je č asť kružnice it e R z .= , >∈< π ,0t , R > 0.
Integrál funkcie komplexnej premennej vypoč ítame podľ a vzťahu:
[ ]∫ ∫ ′=C
dt t z t z f dz z f β
α
)(.)()( .
Najprv ur č íme )(t z ′ : it eiRt z .)( =′ .Aplikáciou vyššie uvedeného vzťahu dostaneme:
[ ] iit dt idt e R
eiRdz
z it
it
C
...
.10
00
π π π π
==== ∫ ∫ ∫
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 98/117
Kapitola 7 – Základy funkcie komplexnej premennej97
Príklad 3: Vypoč ítajme∫ C
dz z , ak krivkaC je kladne orientovanáč asť kružnice 1= z ,
0Re ≥ z so zač iatkom v bode i z −=0 a koncom v bode i z k = .KrivkuC zapíšeme v tvare:
it et z =)( , 2,2π π
−∈t .Ur č íme z ′ a z :
it eit z .)( =′ ,1sincossincos 22 =+=+== t t t it e z it .
Pre hľ adaný integrál teda platí:
−+=−=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⋅===
⋅−⋅
−−−∫ ∫ ∫ 2
sin2
cos. 222
2
2
2
2
2
π π π π π
π
π
π
π
π
ieei
eidt iedt ieedz z
iiit it it it
C
ii 22
sin2
cos =⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −−⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −− π π
Úlohy
7.2.1 Vypoč ítajte integrál funkcie komplexnej premennej.
a) ∫ C
dz z Re , ak C je úseč ka so zač iatkom 0 z = 0 a koncovým bodom i z k +=1 . ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ + i21
21
b) ∫ C
dz z Re , ak C je kladne orientovaná kružnica a z = , 0>a . [ ]π 2ia
c) ∫ C
dz z Re , ak C je polkružnica 1= z , 0Im ≥ z , od 0 z = 1 po 11 −= z ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
2iπ
d) ∫ C
dz z Re , ak C : 22 x y = od 0 z = 0 po i z 211 +=
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ + i34
21
e)
∫ C dz z , ak C je úseč
ka sa zač
iatoč
ným bodom 0 z = -1 a koncovým bodom 1=k z . [ ]1f) ∫
C
dz z , ak C : 0Re1 ≥∧= z z , od i z −=0 po i z =1 . [ ]i2
g) ∫ C
dz z z , ak C je úseč ka sa zač iatkom 0 z = 0 a koncovým bodom i z k +=1 . [ ]i+−1
h) ∫ C
dz z
1 , ak C je polkružnica 1= z , 0Im ≥ z , 0 z = 1, 1−=k z . [ ]22 −i
i) ∫ C
dz z z , ak 2: y xC = od i z +=10 po i z 241 += ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ + i15128
257
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 99/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 98
j) ∫ C
dz z z , ak 0Re2: ≥∧= z z C od i z 20 −= po i z 21 = [ ]iπ 8
k) ( )( )∫ ++C
dz z z 911
22 , ak C : 2= z [ ]0
l) ( )∫ −C
z
dz z
e 22 13 , ak C : 22 =+− i z [ ]0
m) ( )∫ −C
z
dz z z
e31
, ak C :21= z [ ]iπ 2
n) ( )∫ −C
z
dz z z
e31
, ak C :211 =− z [ ]ieπ −
o) ( )∫ −C
z
dz z z
e31
, ak C :23= z
( )[ ]ii −2π p)
( )∫ −C
dz i z
z 32
sin , ak C : 3= z ( )[ ]ii 2sin−π
q) ∫ −C
dz z
z 22
cosπ
, ak C : 4= z [ ]0
r) ( )∫ +C
z
dz z z
z e2
cosπ , ak C : 4= z ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ − 2
11e
iπ
7.3 REZÍDUUM FUNKCIE
Nech 0 z je izolovaný singulárny bod funkcie f ( z ), ktorá je na medzikružíM : R z z <−< 00 analytická. Nech Laurentov rad funkcie f ( z ) v bode 0 z pre danémedzikružie je:
∑∞=
−∞=−=
n
n
nn z z a z f )()( 0 .
Koeficient 1−a v tomto Laurentovom rade sa nazýva rezíduum funkcie f ( z ) v bode 0 z a označ ujeme ho res f ( z ). Pre rezíduum funkcie f ( z ) v bode 0 z platí:
res ∫ =C
dz z f i
z f )(.2
1)( 0 π ,
kde C je jednoduchá uzavretá kladne orientovaná poč astiach hladká krivka, ktorá ležív medzikružíM a v jej vnútri leží bod0 z . Ak má funkcia f ( z ) v bode 0 z pól, tak platí:
res [ ])()(lim)( 000
z f z z z f z z
−=→
.
Ak 0 z je pólomk -tého rádu (k >1) funkcie f ( z ), tak platí:
res [ ])()(lim)!1(
1)( 01
1
00
z f z z dz d
k z f k
k
k
z z −
−= −
−
→.
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 100/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 101/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 100
7.3.1 Vypoč ítajte rezíduum funkcie v jej póloch:
a) 3
)(2
+=
z z
z f [ ]9)3( =− f
b) 1)( 2
.
+= z e
z f z π
⎥⎦⎤⎢⎣⎡ =−=− 2)(,2)(i
i f resi
i f res
c) 3
4
)2()(
−=
z z
z f [ ]24)2( = f res
d) 32 )1(1)(+
= z
z f ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −==−163)(,
163)( i
i f resi
i f res
e) 3)(1)(
i z z f
−= [ ]0)( =i f res
f) 3
)(
1)(i z z
z f −
= ( )[ ]ii f resi f res =− )(,0
g) 2sin)( z
z z f = ( )[ ]10 = f res
h) ( ) 33 )(
1)(i z i z
z f −+
= [ ( ) ⎥⎦
⎤=−−=43,
43)( i
i f resi
i f res
i) 22
2
)1()(
+=
z z
z f ( ) ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ =−−=4
,4
ii f res
ii f res
j) 226 )1(1)(+
= z z
z f ( ) ( ) ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−==47,
47,00 i f resi f res f res
k) 22
23
)1(2)(
z z z z
z f −
++= ( ) ( ) ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−−==451,
431,20 f res f res f res
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 102/117
Kapitola 8 – Laplaceova transformácia101
8 LAPLACEOVA TRANSFORMÁCIA
8.1 LAPLACEOVA TRANSFORMÁCIA
Laplaceova transformácia je transformácia, ktorá umožň uje zjednodušiť riešenieniektorých typov úloh týkajúcich sa predovšetkým diferenciálnych rovníc. Je založená na princípe korešpondencie navzájom prislúchajúcich si výrazov( )t f , ktorý nazývame vzor,originál a ( ) p F nazývaný obraz. Uvedenú vlastnosť zapisujeme v tvare ( ) ( ) p F t f ÷ a hovoríme, že vzor ( )t f korešponduje s obrazom ( ) p F . Laplaceov obraz ( ) p F je pritom
daný pomocou vzťahu ( ) ( )∫ ∞
−=0
dt et f p F pt . Znak ≑ alebo ÷ označ ujeme ako znaky korešpon-
dencie. Základné korešpondencie a vety sú uvedené vď alšom.
Tabuľ ka korešpondencií základných funkcií
Predmet Obraz Predmet Obraz
1 ÷ p1 sinωt ÷ 22 ω + p
eat ÷ a p −
1 cosωt ÷ 22 ω + p p
tn ÷ 1!+n p
n sinhωt ÷ 22 ω − p
at n et ÷ ( ) 1!
+− na p
n coshωt ÷ 22 ω − p p
t a, a >-1 ÷ ( )
11
++Γ
a pa t .sinωt ÷ ( )222
2ω
ω
+ p
p
t .cosωt ÷ ( )222
22
ω
ω
+−
p
p
Základné vety tabu ľ ky korešpondencií predmet ÷ obraz , f(t) ÷ F(p)
1. ( )t f cn
k k k ∑
=1 ÷ ( ) p F c
n
k k k ∑
=1( veta o lineárnosti )
2. ( )t f λ ÷ 0,1 ≠⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
λ λ λ p
F ( veta o podobnosti )
3. ( )t f e at . ÷ ( )a p F − ( veta o tlmení )
4. Ak ( )λ ,t f ÷ ( )λ , p F , tak ( )λ
λ ∂
∂ ,t f ÷ ( )λ
λ ∂
∂ , p F (veta o derivovaní podľ a parametra)
5. ( ) ( )τ η τ −− t t f . ÷ ( ) 0,.. >− τ τ p F e p ( veta o posunutí )
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 103/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 102
6. ( ) ( )t t f η τ .+ ÷ ( ) ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡−∫ −
τ τ
0
.. .. dt et f p F e t p p ( veta o predstihu )
7. ( )t f ′ ÷ ( ) ( )0. f p F p − ( veta o derivovaní predmetu )8. ( )t f n)( ÷ ( ) ( ) ( )00.. )1(1 −− −−− nnn f f p p F p K
9. ( ) τ τ d f t
∫ 0
÷ ( ) p p F ( veta o integrovaní predmetu )
10. ( )t f t − ÷ ( ) p F ′ ( veta o derivovaní obrazu )
11. ( )t t f ÷ ( )∫
∞
p
dz z F ( veta o integrovaní obrazu )
12. ( )( )t g f * ÷ ( ) ( ) pG p F . ( veta o násobení obrazov )13. ( ) ( ) pG p F p .. ÷ ( ) ( ) ( )( ) ( ) ( ) ( )( )t f g t f g t g f t g f *.0*.0 ′+=′+ ( Duhamelov integrál
)
14. ( )( ) ( ) ( ) ( )∫ −== t d t g f t ht g f
0
.* τ τ τ ( konvoluč ný súč in, konvolúcia )
Obrátený postup, teda ak ku známemu obrazu( ) p F priradíme korešpondujúci vzor ( )t f nazývame spätná Laplaceova transformácia. Pomocou nej môžeme nájsť riešenie
niektorých diferenciálnych rovníc resp. systémov obyč ajných diferenciálnych rovníc oveľa jednoduchšie a rýchlejšie.
Príklad 1 : Nájdite Laplaceov obraz k vzoru( )5
2cos724 32 t et t f t −+−=
Podľ a tabuľ ky korešpondencií a vety (1) platí
42cos,
31,11,
p2
23
32
+÷
−÷÷÷
p p
t p
e p
t t
Podľ a vety o lineárnosti teda môžeme zapísať
4.
51
31.71.22.4
52cos724 23
32
+−
−+−÷−+−
p p
p p pt
et t
a teda
( )453
728
5
2cos724 2332
+−
−+−÷−+−
p
p
p p p
t et t
Príklad 2 : Nájdite Laplaceov obraz k vzoru( ) t et t t f 4.3cosh.2 −=
Podľ a tabuľ ky korešpondencií platí
93cosh 2 −
÷ p
pt
Podľ a vety o tlmení môžeme zapísať ( )
( )( ) 94
4.3cosh 24
−−−
−−÷−
p
pet t resp.
( ) 94
4.3cosh 24
−+
+÷−
p
pet t
Použitím vety o derivovaní obrazu dostaneme
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 104/117
Kapitola 8 – Laplaceova transformácia103
( )( )( )
′⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
−++−÷−− −
9442.3cosh..2 2
4
p p
et t t resp. ( )( )( )22
24
942582.3cosh.2
−+++÷−
p
p pet t t
Príklad 3 : Nájdite Laplaceov obraz k vzoru( ) t t f 2sin=
Na nájdenie obrazu použijeme vetu o derivovaní predmetu. Najprv ale derivujemefunkciu ( )t f dovtedy, až kým deriváciu nevieme zapísať pomocou ( )t f . Predpokladáme, že
( ) ( ) p F t f ÷ , teda vzor ( ) t t f 2sin= korešponduje s nejakým obrazom( ) p F .
( ) [ ] t t t t t f 2sincossin2sin2 ==′=′
( ) [ ] [ ] ( ) ( )t t t t t t t f 2222 sin212sincos22cos22sinsin −=−==′=″=′′ Z tabuľ ky korešpondencií
( ) ( ) ( )⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −÷−=′′ p F p
t t f 212sin212 2
Podľ a vety o derivovaní predmetu platí( ) ( ) ( ) ( ) ( ) p F pt t p p F pt f t t
20
20
22 sinsin =′−−÷′′ == Porovnaním pravých strán posledných dvoch vzť ahov dostaneme
( ) ( ) p F p p F p
2212 =⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜⎝ ⎛ − a následne ( ) ( )4
22 +
= p p
p F
Výsledok zapíšeme v tvare
( )42sin 2
2
+÷
p pt
Príklad 4 : Nájdite Laplaceov obraz k vzoru( ) t t f 2sin=
Ten istý príklad vyriešime aj pomocou vety o podobnosti. Stač í rozpísať
( ) ( )t t t t t 2cos1212cos0cos
21sin.sinsin2 −=−==
Z tabuľ ky základných korešpondencií platí
( ) ( )42
41
212cos1
21
22 +=⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜⎝ ⎛
+−÷−
p p p p
pt
A teda funkcia
( )42sin 2
2
+÷
p pt
Príklad 5 : Nájdite Laplaceov obraz k vzoru( ) ( ) ( )1.1sin2 −−= t t t f η
Z príkladu 4 máme pre ( ) t t f 2sin=
( )42sin 2
2
+÷
p pt
Podľ a vety o posunutí
( ) ( ) ( )421.1sin 22
+÷−− − p p
et t pη
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 105/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 104
A teda funkcia
( )42sin 2
2
+÷
p pt
Príklad 6 : Nájdite Laplaceov obraz k vzoru( )t
t t t f cos3cos −=
Z tabuľ ky základných korešpondencií platí
1cos,
93cos 22 +
÷+
÷ p
pt
p p
t a teda19
cos3cos 22 +−
+÷−
p p
p p
t t
Použitím vety o integrovaní obrazu dostaneme
...1ln219ln
21lim
19cos3cos 22
22 =⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−+=⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛
+−
+÷− ∫
∞
∞→
a
p pa
z z dz z
z z
z t
t t
91ln
21
19ln
210
19ln
21lim... 2
2
2
2
2
2
++=
++−=⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡
++=
∞→ z z
p p
z z a
pa
Výsledok zapíšeme v tvare
91ln
21cos3cos
2
2
++÷−
z z
t t t
Príklad 7 : Nájdite Laplaceov obraz k vzoru( ) ∫ −=t
t d et f 0
23 τ τ
Z tabuľ ky základných korešpondencií platí
43 6
pt ÷
Podľ a vety o tlmení
26. 23
+÷−
pet t
Použitím vety o integrovaní predmetu dostaneme
( )26
0
23
+÷∫ −
p pd e
t t τ τ
Príklad 8 : Nájdite Laplaceov obraz funkcie( )t f danej obrázkom
t
1
321
t
0
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 106/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 107/117
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 108/117
Kapitola 8 – Laplaceova transformácia107
w) ( )t
t t f
2sin2
= ( )⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡ += p
p p F
16ln21 2
x) ( ) t
t
tee
t f 31 −−= ( ) ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡
++=
14ln
p p
p F
y) ( ) t tet
t f 1cos −= ( )
( ) ⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
+++=
111ln
21
2 p
p p F
z) ( )t
t t t f
2sin4sin= ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
++=
436ln
41
2
2
p p
p F
aa) ( )t
t et f
t sin2−
= ( ) ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= 22
parctg p F π
bb) ( )t
t t t f
3cos5sin= ( ) ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡⎟
⎠
⎞⎜
⎝
⎛ −−=282
1 parctg
parctg p F π
cc) ( )t
t t f
3sin= ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−=34
143
4 p
arctg parctg p F π
dd) ( ) t tet t
t f 33sin6sin= ( ) ( )
( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
++++=
93813ln
41
2
2
p p
p F
ee) ( ) ∫ −+−=t
d et f 0
32 )cos( τ τ τ τ τ ( )
( ) ⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
++
+−= 423 1
614
41 p p p p
p F
ff) ( )∫
+=t
d t f 0
3cos)1( τ τ τ ( )( )⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡
+
−++
= 22
2
2
9
9
9
1
p p
p
p p F
gg) ( ) ∫ =t
d t f 0
2 2sinh τ τ τ ( ) ( )( )⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−+= 32
2
4434
p p
p p F
hh) ( ) ∫ +=t
d t f 0
2 cosh)1( τ τ τ ( ) ( )( )
( )( ) ⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡
−+
−++
−+=
11
112
132
222
2
32
2
p p p
p
p
p p F
ii) ( ) ∫ −−=t
t d eet f 0
2 τ τ τ ( ) ( )( )⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
++=
121
p p p F
jj) ( ) ∫ −
=
t t
d et f 0
)(33τ τ
τ
( ) ( )⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
+= 36
4 p p p F
kk) ( ) ∫ −=t
d t et f 0
2 )33sin( τ τ τ ( ) ( )( )⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
+−=
923
2 p p p F
ll) ( ) ∫ −+−= −t
d t t et f 0
))sin()(cos( τ τ τ τ ( ) ( )( )⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
++−=
1112 p p
p p F
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 109/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 108
8.2 SPÄTNÁ LAPLACEOVA TRANSFORMÁCIA
Obrátený postup, teda ak ku známemu obrazu( ) p F priradíme korešpondujúci vzor ( )t f nazývame spätná Laplaceova transformácia (SLT). Pomocou nej môžeme nájsť riešenie
niektorých diferenciálnych rovníc resp. systémov obyč
ajných diferenciálnych rovníc oveľ
a jednoduchšie a rýchlejšie. K danému obrazu SLT priradí predmet( )t f v tvare
( ) ( )∫ ∞+
∞−
=ia
ia
pt dt e p F i
t f .21π
Ak funkcia ( )t f je analytická až na koneč ný poč et stacionárnych bodov. Nechk a sú póly funkcie ( ) p F . Potom k danému obrazu( ) p F môžeme nájsť predmet ( )t f :
I. pomocou rezíduí v póloch( ) ( )[ ]
k a pk
pt e p F rest f =
∑= . ak 0>t a ( ) 0=t f ak 0≤t
II. rozkladom ( ) p F na parciálne zlomky a následným požitím tabuľ ky a vietIII. pomocou substitúcie ( ) ( )
( ) p B p A
p F =
( ) ( )( )
( )( )
C a p
pt
Ra pk
pt
k k
e p B p A
rese p B p A
rest f ∈=∈=
∑∑⎭⎬⎫
⎩⎨⎧
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡= .Re2.
prič om platí ( )( )
( )( )
t a
k
k
a p
pt k
k
ea Ba A
e p B p A
res .. ′=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
=
ak existuje.
IV.
Duhamelovým integrálom( ) ( ) ( ) ( ) ( )( ) ( ) ( ) ( )( )t f g t f g t g f t g f pG p F p *.0*.0.. ′+=′+÷
prič om ( )( ) ( ) ( ) ( )∫ −==t
d t g f t ht g f 0
.* τ τ τ
Príklad 1 : Pomocou SLT nájdite predmet k Laplaceovmu obrazu( ) ( )42
+−=
p p p
p F
Danú úlohu vyriešime pre porovnanie niekoľ kými spôsobmi.I. 01 =a a 42 −=a sú jednoduché póly ( ) p F
( )[ ] ( )[ ] ( )( )21
210
42lim.. 00
001−=−=⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+
−==→== ee p
p p p
e p F rese p F res t
p p pt
a p pt
( )[ ] ( )[ ] ( )( ) t t
p p pt
a p pt ee p
p p p
e p F rese p F res 4444 2
344
2lim..2
−−−→−== =⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++
−==
Potom
( ) t et f 4
23
21 −+−=
II. Rozkladom ( ) p F na parciálne zlomky dostaneme
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 110/117
Kapitola 8 – Laplaceova transformácia109
( ) 423
21
42
++
−=
+−
p p p p p
Z tabuľky korešpondencií
t e p p
4
23
21
423
21
−+−÷+
+−
Príklad 2 : Nájdite predmet k Laplaceovmu obrazu( )( )( )( )112
122 +−+
= p p p
p F
21 −=a je jednoduchý pól ( ) p F , 12 =a je 2-násobný pól ( ) p F , ia =3 a ia −=4 sú jednoduché komplexne združené póly( ) p F . Poč ítame rezíduá vo všetkých póloch :
( )[ ] ( )( )( )( )t t
p p
pt
ee p p p pe p F res22
2332 51
21121
lim.−−
→−= −=⎥⎦⎤
⎢⎣
⎡
++++=
( )[ ]( )( )( )( ) t t
p p pt ee p
p p pe p F res
231
1121lim. 2
2211 −=′⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+−+
=→=
( )[ ]( )( )( )( ) it it
i pi p pt e
iei p
p p pe p F res
202
1121lim. 22
−=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+−+
=→=
( )[ ]( )( )( )( ) it it
i pi p pt e
iei p
p p pe p F res
202
1121lim. 22
−−=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++−+
= −−→−=
Potom
( )( )( )it it t t e
ie
iee
p p p−− +−−+−−÷
+−+ 202
202
23
51
1121 2
22
( )( )( ) t ee p p p
t t sin101
23
51
1121 2
22 −−−÷+−+
−
Príklad 3 : Nájdite predmet k Laplaceovmu obrazu( ) pe p p p
p p F 3
23 .664
24 −
++++=
Najprv hľ adáme predmet k funkcii ( )664
2423 +++
+= p p p
p pG
Ak nájdeme korene polynómu v menovateli zlomku tak dostávame
( )( )23224
66424
223 ++++=
++++
p p p p
p p p p
Teda 21 −=a , ia 212 +−= , ia 213 −−= sú jednoduché póly funkcie( ) p F . Použijeme
( ) ( )( )
( )( )
C a p
pt
Ra pk
pt
k k
e p B p A
rese p B p A
rest f ∈=∈=
∑∑⎭⎬⎫
⎩⎨⎧
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡+⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡= .Re2.
prič om platí ( )
( )
( )
( )
t a
k
k
a p
pt k
k
ea B
a Ae
p B
p Ares ..
′=⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡
=
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 111/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 110
Prepíšeme funkciu ( ) ( )( ) p B p A
pG = a dostaneme
( ) 24 += p p A , ( ) 664 23 +++= p p p p B , ( ) 683 2 ++=′ p p p B Vyč íslením ( ) p A , ( ) p B′ pre jednotlivé póly 21 −=a , ia 212 +−= máme
( ) 62 −=− A , ( ) 22 =−′ B , ( ) ii A 8221 +−=+− , ( ) ii B 41121 +−=+−′ Potom
( ) ( ) t t t it et t eeii
et g −−+−−⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ ++−=
⎭⎬⎫
⎩⎨⎧
+−+−+−= 2sin
137802cos
1375423
41182Re2
26 2212
Pre predmet ( )t f k funkcii ( ) pe p p p
p p F 3
23 .664
24 −
++++= z vety o posunutí platí
( ) ( ) ( )( ) ( )( ) ( )332 32sin1378032cos
1375423 −−−−
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −+−+−= t t et t et f
Príklad 4 : Nájdite predmet k Laplaceovmu obrazu( ) ( )( )34 −+= p p p p H
Na riešenie tejto úlohy použijeme Duhamelov integrál. Ak prepíšeme funkciu( ) p H dostaneme požadovaný tvar
( ) ( )( ) ( ) ( ) pG p F p p p
p p p
p p H ..
31.
41.
34=
−+=
−+=
Podľ a základných korešpondencií
( ) ( ) ( ) ( )t g e p
pGt f e p
p F t t =÷−
==÷+
= − 34
31,
41
Z Duhamelovho integrálu potom platí( ) ( ) ( ) ( ) ∫ ∫ −−−− −=−+=∗−+÷
t t t
t t t t t t d eeed eeeeeee pG p F p
0
422
0
2322320 3.33... τ τ τ τ τ
Riešením je
( ) ( ) ⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ +÷ − t t ee pG p F p 42
43
43..
8.2.1 Nájdite predmet ( )t f k daným obrazom ( ) p F
a) ( ) p p p p
p F 4
81643
2
−−+= ( )[ ]t t eet f 22 532 +−= −
b) ( )1
52723
2
−+−+−=
p p p p p
p F ( )[ ]t et f t cos25 +=
c) ( ) )2)(1(1
2 +−+=
p p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++−−= − t t eet
t f 2
121
32
243
d) ( )6116
123
2
+++++=
p p p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= −−− t t t eeet f 32
273
21
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 112/117
Kapitola 8 – Laplaceova transformácia111
e) ( )44
410323
2
+−−+−=
p p p p p
p F ( )[ ]t t t eeet f 22 3 −+−=
f) ( ) 485 23
2
+++=
p p p p
p F ( )[ ]t t teet f 24 −− −=
g) ( ) p p p
p p p F +++−= 23
2
223 ( )[ ]t t etet f −− −+= 62
h) ( ) 3)1)(3(1
++=
p p p F ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+−=−−−−
822 32 t t t t eeteet
t f
i) ( ) 23
23
)2(42
−+−=
p p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−++=2424
1 222 t t teet t t f
j) ( ) 641
p p p F +
= ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−=6
sin3t
t t t f
k) ( ) )52)(1(34
2 ++−+=
p p p p p F ( ) ⎥
⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= −−
82sin92cos77 t t t et et et f
l) ( ) 25
34 12 p p
p p p p F +
+−+= ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡++−= − 2
23cos21
t t e
t et t f
m) ( ))22(
122
23
+++++=
p p p p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+= −− t t et et t
t f sin21cos
2
n) ( ))52)(22(
122 ++++
= p p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−−
62sin
3sin t t et et
t f
o) ( ))106)(136(
122 ++++
= p p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=−−
62sin
3sin 33 t t et et
t f
p) ( ))52)(22(
1222
2
+−+−+−=
p p p p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −=3
sin32sin2 t t et et
t f
q) ( ) 22 )1)(1( ++=
p p p
p F ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−+−=−
4sincoscos t t t t t e
t f t
r) ( ) pe p p
p p F −
++=
132 2 ( ) ( ) ( )( )
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡−
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −=
−−−− 121 1
21
1 t eet f t t η
s) ( ) pe p p p
p p F 2
23 44)4( −
+++= ( ) ( ) ( ) ( )( ) ( )[ ]221 2222 −−−−= −−−− t et et f t t η
t) ( ) pe p
p p F −
+= 22 )1(
( ) ( ) ( ) ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−−=2
11cos1 t t t t f
η
u) ( ) pe p p
p F −
−=
)1(1
22 ( ) ( ) ( )( ) ( )[ ]111sinh −−−−= t t t t f η
v) ( ) pe p
p p F 4
4
2
1−
−= ( ) ( ) ( )( ) ( )
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−+−=2
44sinh4sin t t t t f
η
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 113/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 112
w) ( ) pe p p
p F 323 )1(
1 −
−= ( ) ( ) ( ) ( )
⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢
⎣
⎡−
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −−−−= 31
233cosh
2
t t
t t f η
x) ( ) pe p p
p F 222
2
)1(1 −
+−= ( ) ( ) ( ) ( )[ ]22cos2 −−−= t t t t f η
y) ( ) 322 )9)(1(
p
e p p
p p F ++
= ( )⎥⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢⎢
⎣
⎡⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜⎝ ⎛
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −−⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −
=8
31
313cos
31cos t t t
t f η
z) ( ) pe p p
p p F −
−+=
)2)(4( 2
2
( )( ) ( ) ( )( ) ( )
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−+−+=−
2112cos12sin12 t t t e
t f t η
aa) ( ) 22 )1)(1(
p
e p p
p p F −
++= ( )⎥⎥⎥⎥
⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢⎢
⎢
⎣
⎡
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛ −⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −+⎟
⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −
=
⎟ ⎠ ⎞
⎜⎝ ⎛ −−
221
21sin
21cos 2
1
t et t
t f
t
η
bb) ( ) pe p p p
p F 22 )4)(1(
1 −
++= ( )
( ) ( ) ( ) ( )⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−−−−−=−−
10222sin
2022cos
541 2 t t t e
t f t η
8.3 POUŽITIE SPÄTNEJ LAPLACEOVEJ TRANSFORMÁCIE
Najč astejšie sa SLT využíva na zjednodušenie riešenia diferenciálnych rovníc vyššíchrádov prípadne na riešenie sústavy diferenciálnych rovníc. Dôležité je, aby pre danú DR n -tého rádu bolo k dispozíciín podmienok. Pri tomto spôsobe vychádzame z predpokladukorešpondencie výrazov ( ) ( ) p X t x ÷ resp. ( ) ( ) pY t y ÷ . Aplikáciou vety o derivovaní predmetu nájdeme obrazy k ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )...,,,...,,,, t yt yt yt xt xt x ′′′′′′′′′′′′ . Pomocou tabuľ kyzákladných korešpondencií a viet nájdeme obraz výrazu na pravej strane DR. Porovnanímoboch strán dostaneme operátorovú rovnicu pre( ) p X a p . Z nej vyjadríme ( ) p X a pomocou SLT k nej nájdeme prísluchajúci predmet( )t x , ktorý je riešením pôvodnej DR.
Príklad 1 : Riešte DR t et x x x −=+′−′′′ 823 , ak ( ) ( ) ( )10,00,00 =′′=′= x x x
Nech ( ) ( ) p X t x ÷ Podľ a vety o derivovaní predmetu a daných podmienok platí
( ) ( ) ( ) ( ) p X p x p X pt x =−÷′ 0( ) ( ) ( ) ( ) ( ) p X p x x p p X pt x 22 00 =′−−÷′′
( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )1000 323 −=′′−′−−÷′′′ p X p x x p x p p X pt x Obrazom funkcie na pravej strane DR je
( )2
1
88+
÷−
pet t
Nahradením ( ) p X za ( )t x v DR máme operátorovú rovnicu
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 114/117
Kapitola 8 – Laplaceova transformácia113
( ) ( )( ) ( )( )2
3
18231+
=+−− p
p X p X p p X p
Odtiaľ potom
( )( ) ( ) ( ) ( )
2232
2
1
1
1
1
2
1
1
2
231
29
−+
−−
++
+=
+−+
++= p p p p p p p
p p p X
Pomocou rozkladu ( ) p X na parciálne zlomky a tabuľ ky korešpondencií je( ) t t t t teeetet x +−+= −− 22
Príklad 2 : Riešte sústavu DR 00
=′+=+′
y x
y x , ak ( ) ( ) 10,10 −== y x
Nech ( ) ( ) p X t x ÷ , ( ) ( ) pY t y ÷ Podľ a vety o derivovaní predmetu a daných podmienok platí
( ) ( ) ( ) ( )10 −=−÷′ p X p x p X pt x ( ) ( ) ( ) ( )10 +=−÷′ pY p yx p pY t y
Obrazom funkcie na pravej strane DR je0 Nahradením ( ) p X za ( )t x resp. ( ) pY za ( )t y v DR máme operátorové rovnice
( ) ( )( ) ( ) 01
01=++=+−
pY p p X
pY p X p
Odtiaľ použitím dosadzovacej metódy
( ) ( ) 11,
11
−−=
−=
p pY
p p X
Z tabuľky korešpondencií je( )( ) t
t
et y
et x−=
=
8.3.1 Použitím Laplaceovej transformácie nájdite riešenie ( )t x diferenciálnej rovnice:
a) 0)0(')0(,12'2'' ===+− x x x x x ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−=2
sincos1 t t et et t x
b) 0)0(',1)0(,35'2'' ===++ x x x x x ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++=−−
52sin2cos23 t t et et t x
c) 0)0(')0(,e'2'' 2 ===− x x x x t ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−=4
21 22 t t et et x
d) 0)0(')0(,'2'' ===++ x xt x x x ( )[ ]22 −++= −− t et et x t t e) 0)0(',1)0(,'2'' 2 ===++ x xt x x x ( ) t t et et t t x −− −−+−= 5642
f) 1)0(',0)0(,e'2'' ===+− x x x x x t ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ += t t
et et
t x2
2
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 115/117
Zbierka riešených a neriešených úloh z matematickej analýzy 2 114
g) 1)0(',0)0(,sin'2'' −===++ x xt x x x ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−=−−
2cost et e
t xt t
h) 0)0(',2)0(,cos''' ===+ x xt x x ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−+=−
2sincos2 t t e
t xt
i) 0)0(',1)0(,e''' ===− x xt x x t ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−= t t t
eet et
t x2
2
j) 0)0(')0(,2cos'' ===+ x xt t x x ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −−=9
2cos2sin52sin4 t t t t t x
k) 1)0(')0(,sine22'2'' ===++ − x xt x x x t ( )[ ]t t t et t et et t x −−− −+= coscossin3
l) 0)0('',2)0(',0)0(,e'''' ====+ x x x x x t ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −++=2
2cossin3 t t et x
t
m) 1)0('')0(',2)0(,e2'''2''' 2 ===−=++ − x x x x x x t ( )[ ]t t eet x −− −+= 34 2 n) 1)0('',0)0(')0(,e82'3''' ====+− − x x xt x x x t ( ) t t t t teeetet x −− ++−= 22
o) 1)0(''',0)0('')0(')0(,cos''')4( =====+ x x x xt x x ( ) ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ +−−=−
2cossin2 t t et
t xt
8.3.2 Použitím Laplaceovej transformácie nájdite riešenie ⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛
)()(
t y
t x, resp.
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛
)()()(
t z
t y
t xsystému
diferenciálnych, resp. integrálnych rovníc:
a) 1)0(,24'
0)0(,'−=−=
=+= y x y y
x y x x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −−
+⎟⎟ ⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛ t t 32 e
21
e11
b) 1)0(,22'1)0(,'
=+==−=
y y x y
x y x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −+⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜
⎝ ⎛
t t t t sine32
cose11
c) 1)0(,'0)0(,54'
===−=
y x y
x y x x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −−
+⎟⎟ ⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛
t t t t sine25
cose10 22
d)
1)0(,'
1)0(,3'
=−=
=−−=
y y x y
x y x x ⎥
⎦
⎤⎢
⎣
⎡
⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜
⎝
⎛
+
− − t
t
t 2e
21
21
e) 0)0(,2'0)0(,1454'
=+−==−+−=
yt y x y
xt y x x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −
0t
f) 1)0(,sin'1)0(,cos'
=−==+=
yt x y
xt y x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛ +⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜
⎝ ⎛
t t sin01
e11
g) 0)0(,e623'0)0(,e2'
2
2
=++−==−+−=
y y x y
x y x xt
t
⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡
⎟⎟
⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛ +
⎟⎟
⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −−
+⎟⎟ ⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛ −t t t eee92
2323
22127
2
h) 0)0(,e2'
0)0(,e'
=−+−=
=+−= −
y y x y
x y x xt
t
⎥
⎥
⎦
⎤
⎢
⎢
⎣
⎡
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
−+
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛
−
−+
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛ −+⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎝
⎛ − t t t 2
67
67
31
32
23
23
eee0
2
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 116/117
Kapitola 8 – Laplaceova transformácia115
i) 1)0(,2'
1)0(,22'−=++−=
=−−= yt y x y
x y x x ⎥⎥⎦
⎤
⎢⎢⎣
⎡
⎟⎟
⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −
+⎟⎟
⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −−
+⎟⎟
⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −−
+⎟⎟
⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛ t t t 3
1811
1811
2121
3231
9198
ee
j) 0)0(,sin2'0)0(,cos42'
==++==−−
yt y x y
xt y x x ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡
⎟⎟ ⎠ ⎞
⎜⎜
⎝ ⎛ −+⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜
⎝ ⎛ −+⎟⎟ ⎠
⎞⎜⎜
⎝ ⎛ −
+⎟⎟ ⎠ ⎞⎜⎜
⎝ ⎛ sint
23
cost02
24
02
t
k) 1)0(,'0)0(,'1)0(,'
=−−==−−=−=−−=
z y x z
y z x y
x z y x
⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢
⎣
⎡
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛ −t e
101
l) 0)0(,'
)0(,e'0)0(,'21
=+−==+==+−=
−
z z x z
y z y
x z y xt
⎥⎥⎥
⎦
⎤
⎢⎢⎢
⎣
⎡
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛
−−−
+⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛ +
⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛
−−−
+⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜
⎝
⎛
−
−t t t t ee0
sin1
cos414321
2121
4341
41
4321
8/14/2019 zbierka MA2
http://slidepdf.com/reader/full/zbierka-ma2 117/117