ayudantias mecanica de fluidos 2010
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Fernando Echeverra Ayudantas Mecnica de
FluidosIMPT 210
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Fernando Echeverra P.2008Felipe Olivares R.2009
AYUDANTIAS MECANICA DE FLUIDOSIMPT 210
ING. CIVIL EN OBRAS CIVILES
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INDICE
Ecuacin de estado
Viscosidad 1 a 6
Manmetros 7 a 9
Compuertas 10 a 15
Empuje 17 a 18
Balance de masa 19 a 20
Balance cantidad de Movimiento lineal 21 a 29
Balance de Energa 30 a 32
Flujo potencial 33 a 34
Ecuacin diferencial de continuidad 36 a 38
Bernoulli sin perdidas 39 a 41
Bernoulli con perdidas 42 a 45
Bomba, cuerva HQ y NQ 33
Perdida de carga, curva 46 a 47
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Ecuacin de Estado
Ejercicio 1
Evaluar la densidad del aire en condiciones estndar.Condiciones estndar implica presin de 1 atmsfera y temperatura de 20C.
Solucin:
Las ecuaciones necesarias para resolver este problema son:
1. Ecuacin de estado de los gases TRmVP 2.3. Relacin de densidadPaso 1: Hallar la relacin algebraica que da solucin al problema.
Uniendo la ecuacin 1 y 2 y despejando la densidad llegamos a
Solo basta dejar los tres trminos en unidades que se puedan simplificar entre s, o sea:
Unidades de P:
Unidades de R:
Unidades de T:
Finalmente reemplazamos en la ecuacin planteada y simplificamos las unidades:
3
2
204.1
15.293
264.29
10330
m
kgf
KK
m
m
kgf
TR
P
TR
P
KKCT 15.2932015.27320
K
m
Kcal
mKg
J
Kcal
Kkg
JR
264.29427
2.4186
1
9.286
2222
103300001.0
1
1
033.1
1m
kgf
m
cm
atm
cm
kgf
atmP
V
m
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Viscosidad y fluidos Newtonianos
Un fluido se define como una sustancia que se deforma continuamente bajo la accin deun esfuerzo de corte. Estos, pueden clasificarse de acuerdo a la relacin entre el esfuerzo decorte aplicado y la relacin de deformacin.
Demostracin:
- Relacin de deformacin:
- Dejar la relacin de deformacin en trminos de fcil medicin.
dyddL (1). dtdUdL (2).
- Igualando (1) y (2) y reordenando se tiene:
- Entonces cuando un elemento de fluido se somete a un esfuerzo de corte , -experimenta unarelacin de deformacin dada por:
- Aquellos fluidos en los que el esfuerzo de corte es directamente proporcional a la tasa dedeformacin, son llamados fluidos newtonianos, o sea:
- La constante de proporcionalidad esta dada por un valor constante:
- As, finalmente los fluidos newtonianos pueden ser expresados segn la siguiente relacin:
dt
dR
dy
dU
dt
d
dy
dUR
dy
dUyx
dy
dUyx
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Ejercicio 2
Un viscosmetro de cilindros concntricos es accionado por una masa M, su claro anulares llenado con un lquido a investigar. Despus de un instante muy pequeo la masa cae convelocidad constante.
Desarrolle una expresin algebraica para la viscosidad del fluido en el dispositivo.
La masa cae con velocidad constante, lo que implica una aceleracin nula a=0 y =0.
Al hacer sumatoria de momentos con respecto al eje vertical del viscosmetro tenemos:
Donde Izz corresponde a la inercia rotacional del cuerpo,
(Inercia rotacional equivale a la resistencia que opone un cuerpo a cambiar su velocidad de
rotacin).
Resolviendo para =0:
A travs del cable se transmite la fuerza producida por la masa M y la aceleracin de gravedadg.
As:
Reemplazando y despejando la fuerza de roce tenemos:
2
2
1RmIzz
0 zzTRZ IrFRFM
0 rFRF TR
gMFT
R
rgMFR
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Adems se tiene que el esfuerzo de corte corresponde a:
, y la tasa de deformacin,dy
dUse puede expresar de la forma,
y
U
y esta expresin para ste
caso corresponde aa
vR
Donde vR lo obtenemos de la igualdad siguiente:r
v
R
v rR
Considerando que la velocidad vr es equivalente a la velocidad de la masa expresamosvr como vm.
As se tiene entonces:r
Rvv mR
y,
ar
Rv
y
U m
Finalmente resolvemos para :
y
U
mm vHR
argM
ar
RvHR
rgM
y
U
3
22
22
HR
R
rgM
A
F
2
HR
rgM
22
mvHR
argM
3
2
2
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Ahora para las dimensiones del viscosmetro, el valor de la masa y su velocidad, se tiene:Donde:
R = 50 mm.r = 25 mm.H = 50 mm.
a = 0.2 mm.vm = 40 mm./seg.m = 0.1 Kg.
s
mmm
mms
mKg
vHR
argM
m
1000
40
1000
50
1000
502
1000
2.0
1000
2581.91.0
23
3
2
2
2
3
2
cP
Poise
segm
Kg
06.7807806.0
07806.0
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Ejercicio 3
Un bloque de masa M se desliza sobre una pelcula delgada de Aceite de espesor h, el rea decontacto, entre el bloque y la superficie, es A. La masa M provoca una aceleracin del bloque.Desprecie la friccin en la polea y la resistencia del aire.
Desarrolle una expresin algebraica para la fuerza viscosa vF que acta sobre el bloque,cuando este se mueve a una velocidad V.
Obtenga una expresin para la velocidad mxima del bloque.
Solucin:
Relacin esfuerzo de corte y viscosidad:
Expresin para la fuerza viscosa:
Se sabe que
As, igualando las expresiones anteriores se tiene:
Cuando el bloque se mueve con velocidad mxima, ste ya no se ve sometido a aceleracin:
dy
dU
A
Fv
Ah
VF
Ady
dUF
A
F
dy
dU
v
v
v
A
hgmV
Ah
Vgm
Fgm
aamFgm
v
v
max
0
0
0
T = m g
vF
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Si se quisiera considerar a0, y en funcin del tiempo, se tendra:
Expresin a resolver.
dt
dVgV
hm
A
dt
dVmFgm
tfaamFgm
v
v
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Ejercicio 4
Se muestra una placa que desliza sobre un plano inclinado. La placa pesa 20 lbm. y mide20x40 in., y tiene una velocidad de 0.5 pie/seg.
Determine la separacin entre la placa y el plano si entre stos se encuentra un AceiteSAE10W, y si la temperatura del Aceite es de 50 F.
Suponga una velocidad lineal del Aceite en la seccin transversal del citado espacio ycomportamiento como fluido newtoniano.
Solucin:
La aceleracin que provoca la fuerza y el movimiento corresponde a la componente x relativa dela aceleracin de gravedad gx.
As, la fuerza viscosa producida es
Esta expresin la dejamos en unidades de lbf. (libra-fuerza) convirtiendo la unidad pie enpulgada, o sea:
2
2
220
1120
seg
pielbmF
seg
pielbmF
amF
lbfFseg
pulbmF
pie
pu
seg
pielbmF
2640
lg2640
lg12220
2
2
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Adems:
Con lo cual igualando y despejando y se tiene:
El valor de la viscosidad lo obtenemos de la tabla mostrada a continuacin.
As:
y
Uy
A
F
F
AU
y
2
6
lg1038
pu
seglbf
lbf
pusegpu
puseglbf
F
AUy
2640
lg4020lg6lg
1038 22
6
lg109.6 5 puy
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Ejercicio 5
El aceite entre el cojinete de un eje y el propio eje es un fluido newtoniano. La prdidade potencia es el producto de la velocidad angular del eje y el par de torsin entre el aceite y eleje. Calcule la prdida de potencia.
Solucin:
Se sabe que:
As,
La velocidad tangencial inicial es:
y, la velocidad angular final es:
y, la velocidad tangencial final es:
Por lo tanto:
El espesor de la capa de fluido es
y
U
dy
dU
AF
RF
P
RAy
UP
s
mUi 0
smm
sradrUf 707.1525.08.62
s
radUUU if 707.15
s
rad
rev
rad
s
rev8.62
1
2min
60
1
min600
my 00025.0
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El rea de contacto entre el fluido y la superficie del rotor es
Reemplazando se tiene:
2338.3125.225.02
2
mA
mmA
LrA
sJouleP
s
mN
s
radP
mNmNRF
Nmm
NAF
m
N
y
U
dy
dU
16471
1.2628.62
1.26225.058.1048
58.1048338.314.314
14.314
2
2
2
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Ejercicio 6:
Los datos para determinar la variacin de la viscosidad del agua en funcin de la temperatura,se correlacionan en forma apropiada mediante la ecuacin siguiente:
Donde es la viscosidad dinmica en2/msN y T es la temperatura absoluta en Kelvin.
Calcule la viscosidad del agua a C20 y determine el tiempo de escurrimiento del agua en unviscosmetro Canon como el visto en laboratorio, considerando que su constante es 0.03
scSt/ . 0,1GS
Solucin:
Conversin de Temperatura: KCT 29320
Calculo de Viscosidad Dinmica:
2
3140293
6,570
5 100,110414,2m
sNe
Para los viscosmetros se tiene:k
tt
k
Donde kcorresponde a la constante del Viscosmetro Tipo Canon.
La densidad del fluido es:
33100010000,1
m
kg
m
kgGS Agua
La viscosidad esttica es:
s
m
m
kg
m
s
s
mkg2
6
3
22
3
100,1
1000
100,1
El tiempo de escurrimiento es:
s
s
cm
s
cm
cSt
s
m
t 35,33
1003,0
10101
03,0
100,1
22
246
26
14 0
6,57 0
5
10414,2
Te
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Medidores de Presin, Manmetros.
Manmetro: este elemento mide presiones utilizando la relacin que existe entre uncambio de presin y un cambio de elevacin en un fluido esttico.
La relacin fundamental para la resolucin se basa en la ecuacin diferencial siguiente:
Donde P representa el diferencial de presin, la densidad del fluido en anlisis, g es lafuerza gravitatoria y dz corresponde al diferencial de profundidad (en el fluido).
Al integrar en los lmites mostrados en la figura se tiene:
Dependiendo del valor de las condiciones de borde (valores de P0 y z0) se puede llegar auna expresin ms simple, as es el caso de la figura, donde podemos considerar z0=0 dado quese encuentra en el limite del fluido.
El valor P0 correspondiente a la presin actuante en el borde o lmite del fluido esconocido para este caso como presin atmosfrica. Por conveniencia en ciertos casos seestablece el sistema de coordenadas en un punto tal que en l es conocido el valor de la presinP0, en este caso se facilit utilizar el origen del sistema de coordenadas en el borde del fluido ya
que el valor de la presin P0 es conocido.
Cuando se utiliza un manmetro, se est midiendo una variacin de presin entre dos
puntos en funcin de la diferencia de elevacin, por lo cual calculamos el valor de zg de laexpresin anterior.
Al resolver un manmetro, es conveniente utilizar la expresin de manera completa, estoes, utilizando el trmino P0, pues es de gran ayuda al momento de fabricarlas.
dzgdP
00
00
00
00
zzgPzP
zzgPP
dzgdP
dzgdP
dzgdP
z
z
P
P
z
z
P
P
zgPzP 0
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Ejercicio 7
Utilizando la figura calcular la presin en el punto A. El manmetro esta formado poragua y mercurio.
Solucin:
Para facilitar la solucin al problema, se consideraran los dos supuestos siguientes:
El fluido se mantiene esttico.El fluido es incompresible.
Utilizamos la ecuacin propuesta ( dzgdP ) en su forma integrada:
Definimos los puntos importantes como sigue:
El sistema de ecuacin a resolver es el siguiente:
4
43
32
12
4.0
25.0
2
PP
gPP
PP
gPP
A
OH
Hg
zgPzP 0
1
2
3
4
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Finalmente se tiene:
KPaP
PaP
sm
kgP
m
s
m
m
kgm
s
m
m
kgP
ggP
A
A
A
A
OHHgA
28.29
8.29282
8.29282
4.081.9100025.081.913540
4.025.0
2
2323
2
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Ejercicio 8
Utilizando la figura calcular la presin en el punto A. El manmetro est formado poraceite, agua y mercurio.
Solucin:
La solucin a este ejercicio es de manera similar al anterior, slo ms extenso.
Se propone resolver con 8 puntos importantes.
A
Ac
Hg
OH
Hg
PP
gPP
PP
gPP
PP
gPP
PP
gPP
8
87
76
56
54
43
32
12
375.0
05.0
1.0
475.0
2
La solucin es la siguiente:
KPaP
ggggP
A
AcHgOHHgA
442.65
375.005.01.0475.02
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Ejercicio 9:
Considere un manmetro conectado como se indica. Calcule la diferencia de presin entre lospuntos centrales de la tubera en funcin de la diferencia de altura medida entre los meniscos debenceno
Solucin:
Se fijarn puntos que sean tiles para la determinacin de la diferencia de presin.
Ahora determinamos la diferencia de presin entre 1 y 2 en funcin de la presin en A y B.
cbpp
cpp
bpp
BencenoAB
Aguab
AguaA
2
1
Al efectuar 21 pp se tiene:
cbppcbcbpp
cpbppp
BencenoAgua
BencenoAgua
AguabAguaA
21
21
21
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Reemplazando los datos se tiene:
Pappm
Npp
mm
s
mkg
pp
ms
m
m
kg
m
kgpp
89.557
89.557
47.01187
61.008.181.98791000
21
221
3
2
21
23321
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Compuertas, Fuerza Resultante
La explicacin se realizara a travs del ejercicio siguiente:
Ejercicio 10:
Una compuerta est inclinada a lo largo de A y tiene 5 metros de Ancho.Determine La fuerza resultante que ejerce el agua sobre la compuerta.
Solucin:
La expresin a utilizar es la siguiente:
con:
Se debe representar la presin en funcin de la direccin del plano de la compuerta, paraque tenga sentido resolver la integral de la Fuerza resultante
Debido a la geometra y a las condiciones propuestas anteriormente se ve que un buenpunto para ubicar el sistema de coordenadas es en la bisagra de esta compuerta, dado que en else conoce la presin P0 como se muestra en la figura:
AR AdpF
dzgdp
A
R AdpF
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As, la ecuacin de presin zgPzP 0 , queda: 300 senygPyP
Con gP 20
Finalmente la expresin a resolver es:
Al resolver se tendr:
Reemplazando los datos se tiene:
L w
R
A
R
kdydxsenygPF
AdpF
0 0
030
kL
senLwgFR
2302
2
kNFR 588600
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Compuertas, Coordenadas del centro de presin:
Ejercicio 11:
Determinar el centro de presin del ejercicio anterior.
Solucin:
La expresin FR corresponde a la fuerza resultante sobre la compuerta en su forma NO vectorial.
Del ejemplo anterior se tiene: NFR 588600
La ecuacin de presin a la que se lleg en la etapa anterior es: zgPzP 0 Expresando z en funcin de y, se tiene: 300 senygPyP
La compuerta presenta un ancho de w mts.
El diferencial de rea queda: dydxdA
As, la coordenada del punto de aplicacin de la fuerza en la direccin y quedar de lasiguiente forma:
y, en la direccin x:
La solucin para yes la siguiente:
R
A
F
dApy
y
R
A
F
dApx
x
R
L w
F
dydxysenygP
y
0 0
0 30
R
L w
F
dydxxsenygP
x
0 0
0 30
RF
LsengLPw
y
3
30
2
32
0
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y, para x :
Evaluando los datos siguientes datos:
Se tiene:
(Nota: notar que la coordenada, x queda en la mitad del ancho total)
RF
LsengLP
w
x
2
30
2
2
0
2
NF
seg
mg
m
Kg
mL
mw
R 588600
81.9
1000
4
5
2
3
mxmy 5.222.2
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Ejercicio 12:
El nivel de Agua se controla mediante una compuerta plana de espesor uniforme ydespreciable. El ancho de la compuerta es w.Determine la masa m necesaria para mantener el nivel del agua a una profundidad H o menor
Datos:
Solucin:
Planteamos la ecuacin que dar solucin a nuestro problema.
As, la masa m esta dada por:
De la cual solo no conocemos:
Para el clculo de la fuerza resultante FR debemos establecer un sistema de coordenadas, serecomendar establecerlo con el origen en un lugar donde se conozca la presin.De manera similar al ejercicio anterior, la ecuacin de presin queda de la siguiente forma:
00M 0cos agmcFR
ysengyP
ag cFmR
cos
cyFR
mw
smg
mb
ma
mkg
048.3
81.9
30285.2
762.0
1000
2
3
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Fabricamos la integral para el clculo de la fuerza resultante y resolvemos:
Dada la geometra se tiene que.
Calculamos el centro de aplicacin :
Por lo tanto:
kNF
kb
sengwF
kdydxysengF
AdpF
R
R
b w
R
A
R
39029
2
2
0 0
32
2
3
2
2
3
2
0 0
2
b
bsengw
bwseng
bsengw
dydxyseng
y
F
dApyy
b w
R
A
3
3
2
bc
bbc
kgma
bwm
ag
bbsengw
m
4592
6
tan
cos
32
3
2
mc 76.0
ybc
y
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Ejercicio 13:
Encuentre la fuerza total sobre la compuerta AB causada por los fluidos. SupongaDRAceite=0.6, La ancho w de la compuerta es 4 pies.
Solucin:
Al haber fluido a ambos lados de la compuerta se deben calcular 2 fuerzas, una ejercida por elAgua F1 y otra por el Aceite F2.
La Ecuacin que define la fuerza sobre el rea A es:
entonces para la fuerza F1 del agua se tendr:
Y para la fuerza F2 del Aceite:
A
R AdpF
AyAguay
A
Aguay
dApF
jAdpF
1
1
A
yAceitey
A
Aceitey
dApF
jAdpF
2
2
Y
X
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El valor de el rea diferencialydA es posible expresarla como wdx
La Fuerza neta es:
B
A
AguaAceiteNeta
B
A
Aceite
B
A
AguaNeta
yyNeta
dxwppF
dxwpdxwpF
FFF 21
Las presiones del agua y el aceite son:
60'10
1
senxgpp
hgpp
AguamanAireAgua
AguamanAireAgua
60'40
2
senxgp
hgp
AceiteAceite
AceiteAceite
Considerando los lmites de integracin: '22
'10
dxwppF AguaAceiteNeta
'22
'10
60'1060'40 dxwsenxgpsenxgDRF AguamanAireAguaAceiteNeta
Resolviendo la integral:
22
10
22
602'10602'40
senx
xgwxwpwsen
x
xgDRF AguamanAireAguaAceiteNeta
Reemplazando los valores siguientes entregados como datos:
22
2
3
144010
2.32
6.62
6.0
pie
lb
in
lbp
s
pieg
pie
lb
DR
manAire
Agua
Aceite
Se obtiene:
lbfFNeta 749176
El signo negativo del resultado indica que la direccin de la fuerza es en el sentido negativo deleje X.
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Ejercicio 14:
Se va a construir una represa a lo ancho de un ro empleando la seccin transversalindicada. Para una altura del agua de H=2.5 mts., calcule la magnitud y la lnea de accin de lafuerza vertical del agua sobre la cara curva de la represa, suponga que el ancho de sta esw=50 mts.
Solucin:
Tal como se estableca una relacin entre la inclinacin de la compuerta y la vertical, en losejercicios anteriores, ahora debemos establecer una relacin para la compuerta curva.
La ecuacin de la curva corresponder a la siguiente:
La ecuacin con la cul calculamos la fuerza resultante en los ejercicios anteriores, ser aplicadapara sta solucin, pero se considerar slo el rea proyectada en la horizontal utilizando laecuacin correspondiente, o sea:
4.0
9.0
xy
AdpFd
xx AdpFd
yy AdpFd
xA
xx dApF
yA
yy dApF
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De la cual utilizamos la vertical (la que resulta de aplicar presin en el rea contenida en elplano horizontal)
As, la funcin de presin es: hgp
y, al considerar h como y se tiene:
Por lo tanto la ecuacin a resolver es:
Que tiene por resultado:
La ubicacin del punto de accin se calcula basada en la fuerza actuante como se muestra en lasecuaciones deducidas siguientes:
Dado que se pide hallar la lnea de accin de la fuerza vertical debemos utilizar la primera de
estas ecuaciones, que da por resultado el punto siguiente:
2.2
7.0
2.2
7.0
4.0
9.0
4.0
9.0
4.0
9.0
dxxHwgF
dxwx
HgF
dAx
HgF
Rx
Rx
x
A
Rx
x
NFRx 78.1048402
Rx
A
x
F
dApx
x x
Ry
A
y
F
dApy
yy
mx 61.1
4.09.0
xHgp
FRX
FRY
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Ejercicio 15:
Una superficie curva es formada como un arco circular con mR 75.0 .De la manera que se
indica. El ancho de la superficie es mw 55.3 . A la derecha de la superficie curva hay agua
con una profundidad de mH 65.0 . Calcule la fuerza hidrosttica vertical sobre la superficiecurva.
Solucin:
El valor de la fuerza que ejerce el agua sobre la compuerta es:
A
AdpF
La componente vertical de la fuerza F
es:
dAsenpdApjAdpFAA
y
A
v
v
Escribiendo el diferencial de rea en coordenadas polares se tiene:
0
0
wdRphgF atmv
La presin atmosfrica es Papatm 101234 , el valor del ngulo 0 es 60, y considerandoque senRHh
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Reemplazando y resolviendo la integral:
mdmPamsens
m
m
kgF
v 55.375.010123475.065.081.910000
0
23
NF
F
v
v
290241
55.375926cos55134778 00000
Si no se considera el valor de la presin atmosfrica, el valor de la fuerza vertical es:
NFv 7894
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Ejercicio 16:
Un canal de longitud unitaria contiene agua. Un slido con forma idntica esta encontacto directo con la superficie libre y se mueve directamente hacia abajo una distancia talcomo se indica. Cul es la fuerza sobre la compuerta AB, que tiene un ancho unitario, enfuncin de
?, Qu pasa cuando
1 m ?. Considere solamente la fuerza gravitacional que
acta sobre el agua.
Solucin:
Considerando solo la fuerza gravitacional del agua sobre la compuerta se tiene:
Escribiendo esta ecuacin con respecto ael problema se llega a:
Donde 45h y sen , entonces:
A
F p dA
A
B
y
y
F g h w dy
2
45
45
452
A
B
A
B
A
B
y
y
y
y
y
y
F g w y sen dy
F g w sen y dy
yF g w sen
-
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Los valores de las profundidades Ay e By al moverse el cuerpo se obtienen de la
geometra del problema:
El valor2
h es posible dejarlo en
Funcin de igualando los volmenesdesplazados.
Y 1h en funcin de :
As:
2
22 1
h
y
2
22 1 45
Ay
sen
Reemplazando en la ecuacin de fuerza en la compuerta, finalmente se tiene una expresin parala fuerza en funcin de
2245
Ahy
sen
0.2B A
y y
1 2
2
1 2
2
2
1
2 tan 45
2
tan 45
V V
h h
hh
1 1h
2
2 0.22 1 45
By
sen
20.145 0.2 2 0.02
1 45F g w sen
sen
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Ejercicio 17:
El bloque (color rojo) que se muestra en la figura tiene una masa de 5 Kg., y susdimensiones son 10x10x50 cm. La barra de soporte es de masa despreciable y tiene unalongitud de 1 mt., y un dimetro de 5 cm.
Encuentre la profundidad D.
El volumen de las articulaciones se puede despreciar, y suponga que el bloquepermanece vertical.
Solucin:
Para resolver este ejercicio es necesario considerar el empuje del fluido.
Establecemos la condicin de equilibrio siguiente:
Z
X
Y
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Realizamos sumatoria de momentos con respecto al eje Z:
*
Reemplazando en * y despejando D se obtiene:
NEs
m
m
kgmE
NDE
s
m
m
kgmDE
gdesplazVolE
gMP
senL
EsenLEsenLP
fluido
261.19
81.910002
05.01
1.98
81.910001.01.0
2
2
23
3
2
2
1
23
3
1
21
mD 4018.0
-
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Ejercicio 18
Un sistema de tuberas pasa por un estanque lleno de agua. El estanque esta cerrado en laparte superior con aire a una presin manomtrica de P1=200 KPa. Dentro de la tubera existeun gas esttico con una presin manomtrica de P2=500 KPa.
Encuentre la fuerza producida por el gas esttico dentro de la tubera.
Encuentre la fuerza producida por el agua y el aire a presin P1 sobre la superficieexterna de la tubera.
Dato: Volumen d e Tronco de cono = hAAAA SUPINFSUPINF 3
1
Solucin:
Consideracin importante:
Si el gas estuviese totalmente encerrado (extremos del ducto sellados) la resultante dela presin que ejercera el gas seria cero, pues se anularan las componentes de lapresin en todas las posibles direcciones.
a) Para este caso los extremos no se encuentran sellados, sino que estn totalmente abiertos yexiste gas ejerciendo presin atrapando el gas dentro del ducto, como se muestra en la figurasiguiente:
30mm
t= 6mm
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En la abertura de la izquierda la fuerza resultante es:
y, en la abertura inferior:
Fuerza total del gas esttico dentro de la tubera:
b) La fuerza que ejerce el agua sobre el ducto corresponde al Empuje:
iNF
imKPaF
APF
3021
2
01.021.0101500
1
22
1
111
jNF
jmKPaF
APF
153
2
006.0203.0101500
2
2
2
2
112
NjiF
FFF
GAS
GAS
1533021
21
jNE
m
kgE
gVE DESPLAZAGUA
269923
12
1.0
2
03.0
2
1.0
2
03.0
3
13
2
03.03
2
03.05.2
2
1.01000
2222222
3
-
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Y la fuerza que ejerce la presin P1 sobre el ducto la calculamos con la expresin siguiente:
Para la cara izquierda:
Para la cara inferior:
Finalmente la fuerza ejercida por el agua y la presin P1 sobre el ducto es:
iNF
imKPaF
APF
KPaP
Pa
KPaPaKPaP
hgPP
2595
2
1.043.330
43.330
001.0381.91000101200
1
2
2
1
111
1
1
101
jNF
jmKPaF
APF
KPaP
Pa
KPaPaKPaP
hgPP
3.261
2
03.067.369
67.369
001.0781.91000101200
2
2
2
2
222
2
2
202
NjiF
NjijF
PE
PE
2696622595
3.2612595269923
1
1
,
,
-
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Ejercicio 19
A travs de una tubera de 12 pulgadas fluye un caudal de agua de spie35 ; luego de
dirige a travs de una seccin cnica de 60. Cual es la velocidad promedio en la regin desdeC hasta E como funcin de n y d?. Evale para d=2 y n=16.
Solucin:
Supuestos:
Rgimen estacionario; Volumen de control constante, = cte. Flujo uniforme.
Balance de masa:
Aplicando los supuestos: QVAvAv ssee
La forma de dejar las reas de salida en funcin de y es la siguiente:
Se establece una lnea vertical que pase sobre y se calcula el rea de salida:
0
AdvdVt
CC SV
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El rea a calcular es la que queda entre la seccin del cono (color azul) y el borde achurado:
Geomtricamente definimos )30cos(*
22 AA
Para "16 , "2 ys
pieQ
3
5
Convirtiendo a pulgadas a pies estos valores:
Finalmente la velocidad en la seccin 2 es:pie
pu
piepu
piepu
piepu
17.0lg12
1lg2
33.1lg12
1lg16
30cos30tan
30cos
222
*
22
2
22
Qv
A
Q
A
Qv
AvQ
s
piev
pie
s
pie
v
8.6
)30cos(33.1)30tan(17.033.1
5
2
222
3
2
-
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Ejercicio 20:
La figura muestra un pulverizador de carbn en una planta de generacin de energa. Encorrientes separadas, entran al pulverizador trozos de carbn y aire. El carbn se muele hastaconvertirlo en un polvo fino y se mezcla con el aire. La mezcla carbn-aire sale del pulverizadorcomo una sola corriente. El polvo de carbn es tan fino y est tan bien mezclado con el aire, que
la corriente se salida se puede considerar como un fluido continuo. Calcule el caudal msico deaire que entra al pulverizador. La relacin msica de carbn a aire es de 1:1. Si la temperaturay la presin de la corriente se salida con las mismas que las del aire que entra, Cul es ladensidad aproximada de la mezcla carbn-aire? Calcule tambin la velocidad de la mezclacarbn-aire en la tubera de salida. La densidad del carbn es de 50 lbm./pie3.
Solucin:
Supuesto: Rgimen estacionario
Balance de masa: c ae mm m m
Calculo de Flujo de aire de entrada aem :
Densidad del aire de entrada e
Flujocarbn
Flujoaire entrada
Flujo mezcla salida
ae e e em A v
5300 32 273
9
421.88
e
e
T K
T K
2 214.7 1.033 10330ekg kg
p psiacm m
-
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rea de entrada eA :
Velocidad de entrada ev :
As, el flujo o caudal msico de aire de entrada es:
Dado que la relacin de caudal msico entre el carbn y el aire caliente es la mismaentonces:
Calculo de la densidad aproximada de la mezcla carbn-aire:
cx = fraccin volumtrica de carbn en mezcla
asx =fraccin volumtrica de aire en mezcla
Los valores cx y asx conforman el 100% de la mezcla, por lo tanto se deduce que:
2
3
10330
29.3 422
0.835
e e
e
e e
e
kg
m p m
V R T kg m Kkg K
kg
m
29.3kg m
Rkg K
2
30.835 0.5574 30.48
14.186
ae e e e
ae
ae
m A v
kg mm m
sm
kgm
s
1
1
14.186
c ae
c
m m
kgm
s
2
2 0.3048 3 0.3048
0.5574
e
e
m m A pie pie
pie pie
A m
0.3048100 30.48
1e
m pie mv
s pie s
mezcla c c as asx x
1as c
x x
-
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Los volmenes especficos de cada materia prima y de la mezcla son:
Por lo cual la fraccin volumtrica de carbn en la mezcla ser:
As, la densidad de la mezcla es:
Calculo de la velocidad de salida:
Por lo tanto:
3
3
1 10.00125
799
esp carbon
carbon
mv
kg kg
m
3
3
1 11.198
0.835esp aire salida
aire
mv
kg kg
m
3 3 3
0.00125 1.198 1.19925esp mezcla
m m mv
kg kg kg
3
3
0.001250.001043
1.19925c
m carbonx
m mezcla
3 3
3
3
799 0.001043 0.835 1 0.001043
0.833 0.834
1.667
mezcla
mezcla
mezcla
kg kg
m m
kg
m
kg
m
14.186 14.186
28.372
m m s s
m s s
kg kgm A vs s
kgA v
s
2
3
14.186 14.186
28.372
2.5 0.30481.667
2 1
37.321
m m s s
m
s
m s
s
kg kgm A v
s s
kg
m sv
A pie mkg
piem
mv
seg
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Ejercicio 21:
A travs del aparato mostrado fluye agua con una tasa permanente. Se conoce la siguienteinformacin:
lg4
lg8
lg15
/20
/10
.20
3
2
1
2
1
1
puD
puD
puD
spiesv
spiesv
manpsip
Calcule el empuje horizontal ejercido por el agua y el aire sobre el aparato.
El volumen de Control a definir para la solucin es:
Supuestos: Volumen de control constante Densidad constante Flujo uniforme.
Balance de masa: 0
AdvdVt
CC SV
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Aplicando los supuestos se llega a la siguiente expresin:
3
22113
332211
A
AvAvv
AvAvAv
Reemplazando y calculando se obtiene 3v :
Para calcular la fuerza horizontal ejercida por al aire y el agua sobre el aparato se debe utilizarla ecuacin Balance de Cantidad de Movimiento Lineal.
La presin total ejercida por la atmsfera es: 0A
atm Adp
Ecuacin BCML en eje X:
Reemplazando se tiene:
2
2
2222
2
2222
2
2222
2
2
3
22
2
2.32
16.602204105.7
144
6.62
5.720
s
pielb
lbf
s
piein
s
piein
s
piein
pie
in
pie
lb
inin
lbR
x
s
piev
in
ins
piein
s
pie
v
6.60
2
4205.710
3
22
2222
3
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
333222111,, 321
vAvvAvvAvRiAdp xAAA
man
2
33
2
22
2
1111 vAvAvAApR manx
lbRx
124.4
-
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Ejercicio 22:
Se tiene una reduccin en el sistema de tubos de la figura. El volumen interno del reductor es0.2 m3 y su masa es de 25 kg. Evale la fuerza horizontal que deben proporcionar los tubos a lareduccin para mantenerla en su lugar. El fluido es gasolina.
Supuestos: Volumen de control indeformable Rgimen estacionario Fluido incompresible Flujo uniforme 0
A
atm Adp
Volumen de Control:
Ecuacin de Balance de Cantidad de Movimiento Lineal
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
Aplicando los supuestos se tiene:
A
SC AdvvFF
En la direccin X:
2221112211 AvvAvvApApR manmanx
Despejando la reaccin se tiene:
-
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1
2
12
2
21122 AvAvApApR manmanx
2
2
2
22
3
2
2
2
22
3
2
2
2
2
2
4.0
3100072.02
2.0
12100072.0
2
4.07.58
2
2.0234.101109
ms
m
m
kg
ms
m
m
kg
mkPamkPaRx
NNNNRx 301.814203.325746.7376976.243
NRx 581.4689
La direccin que se le asign a la fuerza xR fue hacia la derecha, el resultado al dar negativo
implica que la fuerza se dirige hacia la izquierda y se confirma el ser una reaccin al movimientosolicitante.
-
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Ejercicio 23:
Un sistema vertical conduce un caudal de agua de 1 m3/seg. desde un gran embalse. Enla T localizada en B, 1/3 m3/seg. Se dirige hacia la izquierda y 2/3 m3/seg. Hacia la derecha.La tubera EB pesa 1 kN/m, la tubera AB pesa 0.6 kN/m y la tubera BC pesa 0.8 kN/m.Encuentre las componentes vertical y horizontal de la fuerza total que acta sobre la tubera,producto del flujo de agua, el aire y la gravedad que acta sobre el agua y la tubera. En A y C
se tiene chorros libres y la presin absoluta en E es 390.4 kPa.
Solucin:
Definimos R como la fuerza TOTAL ejercida sobre la tubera con sus respectivas componentesRx y Ry.
El Volumen de control estar definido como Tubera+Agua.
Supuestos:
Rgimen Estacionario, Fluido Incompresible y Flujo uniforme.
Balance de masas:
CAEmmm
-
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Simplificando la densidad se tiene:
seg
m
seg
m
seg
m
vAvAvA
VVV
CCAAEE
CAE
333
3
2
3
1
1
Al conocer los dimetros de tuberas se pueden obtener las velocidades como se muestra acontinuacin:
seg
muy
seg
m
m
seg
m
A
Vv
seg
muyseg
m
m
seg
m
A
Vv
seg
muy
seg
m
m
seg
m
A
Vv
C
C
C
C
A
A
A
A
E
E
EE
4.294.29
2
17.0
3
2
1.251.25
2
13.0
3
1
1.141.14
2
3.0
1
2
2
3
2
2
3
2
2
3
Las velocidades u corresponden a las velocidades con su signo (sentido) con respecto a elsistema vectorial global.
Ecuacin de balance de Fuerzas:
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
Rgimen estacionario implica:
A
SC AdvvFF
Fuerzas de Campo: no existen fuerzas de campo a considerar en direccin X, el peso de latubera y peso del Agua Ambos poseen solo componente Y.
Fuerzas de Superficie: presin atmosfrica que se considerara nula debido al pequeo tamaode las secciones donde acta, presin manomtrica ejercida por el fluido del estanque sobre elinicio de la tubera, el esfuerzo de corte producido por el fluido circulante sobre la pared interiorde la tubera que se considerar nulo por su valor irrelevante y la componente R que sostiene latubera en la base del estanque (ver figura).
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Ecuacin General:
AAA
man
A
atmTuberiaAgua AdvvRdAAdPAdPWW
Las componentes se muestran a continuacin:
Componente X:
NR
seg
m
m
kg
seg
m
seg
m
m
kg
seg
mR
AvuAvuR
X
X
AAACCCX
11233
3
110001.25
3
210004.29
3
3
3
3
Componente Y:
EEEEYEmanETuberiaAgua AvuRAPWW
Ordenando se tiene:
EmanETuberiaAguaEEEEY APWWAvuR
Donde:
NmPaAP
Nmm
Nm
m
Nm
m
NW
Nsm
mkgW
Ns
m
m
kg
s
mAvu
EmanE
Tuberia
Agua
EEEE
204402
3.0101234390400
25800050800306002001000
1537252002
3.050217.030
213.081.91000
14100110001.14
2
2
222
23
3
3
-
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Sumando los valores obtenidos calculamosYR :
NR
NR
Y
Y
446265
2044025800015372514100
Finalmente, las componentes de la fuerza R obtenidas corresponden a la reaccin en la base Edel sistema de tuberas. El valor de la fuerza total que acta sobre la tubera producto del flujode agua, el aire y la gravedad corresponde simplemente al valor opuesto a la reaccin calculada.
jNiNR 44626511233
-
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Ejercicio 24:
A travs de una boquilla de forma cnica que pesa 500 N fluye agua. El dimetro deentrada a la boquilla es de 1 mt. Y el de salida 0.3 mt. La velocidad de flujo hacia la boquilla esde 1 m/seg.
Si la fuerza de apriete entre la boquilla y el tubo de entrada debe ser de 1000 N con elfin de prevenir fugas, Cul es la deformacin mnima en los 10 pernos que unen el sistema?
El dimetro de cada perno es 25 mm. y su modulo de Young es de 11102 Pa.
Solucin:
Resumen de Datos:
Ecuacin de Conservacin de Masa (E.C.M.):
Supuestos:
Flujo incompresible, = cte.Rgimen Estacionario (Volumen de control indeformable), 0
CV
dVt
Por lo tanto la E.C.M. queda:
Al considerar los signos del vector de rea y el de velocidad, la integral da:
s
mv
NP
NF
m
m
e
Boquilla
Apriete
1
500
1000
3.0
1
2
1
0
AdvdVt
CC SV
0 AdvCS
H2O
Hg
-
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Primera relacin utilizable para resolver el problema
Velocidad de Salida
Dado que debemos trabajar con fuerzas, ser necesario plantear la ecuacin de Balance deCantidad de Movimiento Lineal (B.C.M.L.) y ver su utilidad en el caso:
Dado que la ecuacin B.C.M.L. est de manera vectorial, ser necesario establecer un sistemacoordenado.
Revisamos las fuerzas de campo ysuperficie existentes:
Fuerzas de Campo:
ssee
ssee
AA
S
AvAvAvAv
AdvAdv
Adv
SE
C
0
0
0
s
mv
s
mv
ms
mvm
s
m
ms
mvm
s
m
AvAv
s
s
s
s
ssee
1.11
3.0
1
3.011
4
3.0
4
11
2
222
22
22
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
Z
X
Y
-
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kNF
s
mm
m
kgNF
gVNF
PPF
C
C
BoquillaC
FluidoBoquillaC
83.5140
81.9473.01000500
500
2
3
3
Fuerzas de Superficie:
RAPAPAdPF sseeatmS
Como se sabe, la integral cerrada de la presin atmosfrica sobre la boquilla dar nula, y lafuerza R corresponder a la fuerza que ejecutan los pernos sobre la superficie de la boquilla.La fuerza R es la buscada para calcular la deformacin de los pernos.La superficie de salida se encuentra sometida a la presin atmosfrica, presin queconsideraremos como nula.
kNRF
kRkAggF
RAPF
RAPAPAdPF
S
OHOHHgHgS
eeS
sseeatmS
93.30664
122
El trmino encerrado corresponde a la relacin neta de flujo del momento que sale a travs de lasuperficie de control:
NAdvv
AvvAvvAdvv
A
ssseee
A
5.7932
Finalmente reemplazando los trminos en la ecuacin B.C.M.L. se tiene:
El signo corrobora que los pernos ejecutan una fuerza en direccin Z para sostener la boquilla.
Finalmente la fuerza sobre cada uno de los pernos ser:
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
kNR
kNR
27873
5.793283.514093.30664
NF 3.28873.2787100
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Y la deformacin en cada perno:
mm
Pam
N
EA
F
E
5
1122
1094.2
1020125.0
3.2887
-
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Ejercicio 25:
La tobera mostrada descarga una capa de agua a travs de un arco de 180, la velocidadde salida de agua es de 15 m/s y el espesor del chorro es de 0.03 m. a una distancia radial de0.3 m. de la lnea central de la tubera de alimentacin.
Encuentre:El flujo volumtrico del agua en la capa del chorro, y
La componente Y de la fuerza requerida para mantener fija la tobera.
Solucin:
Flujo volumtrico:
A
AdvQ
AvQ
Pero es necesario conocer la velocidad de salida. Este valor se obtiene haciendo un balance de
masa:Supuestos:
Rgimen estacionarioFluido incompresibleFlujo uniforme (la magnitud de los vectores de velocidad es la misma para cada puntoperteneciente al rea donde ocurre el flujo)
Finalmente:
La fuerza requerida para mantener fija la tobera es considerada como una fuerza de superficietal como el ejercicio anterior.
s
mVtRQ
s
mv
s
s
3
424.0
15
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
0
AdvdVt
CC SV
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Dado que las dimensiones del volumen de control son despreciables, el peso del fluido contenidoen su interior tambin lo ser, y considerando que la presin de entrada es despreciable se tieneque:
Se recomienda leer seccin 4.4 libro Introduccin a la mecnica de fluidos Robert W. Fox
jNR
RtvR
dRtvsenvR
AdvvF
y
y
y
A
S
4050
2 20
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Ejercicio 26:
500 lts/seg. de agua fluyen a travs de la tubera. El flujo sale a travs de un rearectangular de longitud 0.8 mt. y ancho 40 mm.
El perfil de velocidades es parablico. La tubera pesa 100 N/mt. Y su dimetro internoes de 250 mm.
Halle velocidades de entrada y salida del ducto
Cuales son las fuerzas sobre la tubera en el punto de empotramiento A?
Supuestos:Rgimen estacionarioFluido incompresibleNo hay Flujo uniforme en seccin de salida (la magnitud de los vectores de velocidad noes la misma para cada punto perteneciente al rea donde ocurre el flujo)
Balance de masa
Debido a que la distribucin de velocidades en el rea de salida posee una forma variable lafuncin velocidad se debe integrar.
0
AdvdVt
CC SV
0 AdvCS
0 AdvCS
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Como se trata de una parbola, su ecuacin relativa queda:
Para hallar las reacciones utilizamos B.C.M.L.
En cada componente se tiene:
V0
0.8
2
2
0
8.0y
vv
y
y
0 AdvCS
8.0
0
2
2
0
8.0ydwy
vAv ee
ydwdA
3
8.004.0
8.0500001.0
3
2
0
2
v
seg
lts
lts
m
s
mv
s
mv
e 2.10
9.460
AV
SC AdvvdVv
t
FF
C
0
0
0
Z
Y
X
R
R
R
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
SeC A
sss
A
eee
V
ZOHTuberia dAvvdAvvdVvt
RAPWW
112
...2
25,0100000
2
25,03,281,910003,21000 2
2
2
2
23
ZRmPamms
m
m
Kgm
m
N
NNN 1407718,150105,5107...
kNRZ 2,7469
-
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Ejercicio 27:
Un velero viaja a 20 Km./hr.(Relativa a la costa), con un viento de popa de 30Km./hr.,en un ro que tiene una velocidad absoluta y constante de 5 Km./hr. en la misma direccin queel velero. La figura muestra una estimacin del patrn de flujo del aire.
Encuentre las velocidades de entrada y salida de un volumen de control quese mueve con el velero, para un observador que se mueve con el ro.
Encuentre la fuerza del aire sobre el velero.
Solucin:
Supuesto 1: El volumen de control se mueve con el velero.
Se requiere conocer con certeza la velocidad de entrada al volumen de control.
La velocidad que impulsa al velero (estando detenido) es de 25 km./hr.
La velocidad que mantiene el velero en movimiento es de 10 km./hr.
Balance de Masa:
Supuestos: Fluido incompresible. Rgimen estacionario. Flujo uniforme.
0
AdvdVt
CC SV
0 AdvCS
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Dada la geometra se tiene:
Para facilitar el problema se considerar:
As se llega a:
Clculo de la fuerza del aire sobre el velero
Dado que para el problema el velero se encuentra en movimiento, debemos utilizar la velocidadde entrada que lo mantiene en movimiento, o sea:
B.C.M.L.
En la direccin del movimiento se tiene:
Fuerzas de Campo:
En la direccin del movimiento solo se tiene la aceleracin a,que para este problema es nula, pues se considera unavelocidad constante, por lo tanto:
La nica fuerza de superficie actuante es la que impulsa el velero, se despreciar la resistenciaque opone el aire en contra, por lo tanto se tiene:
Considerando los supuestos propuestos anteriormente la Ecuacin B.C.M.L queda:
332211 AvAvAv A3A2
A1
v3v2
v1
132
32
AAA
AA
321
32
vvv
vv
hr
kmve 10
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
X
Y
Z
kgmjamiFC0
jFC 0
jRFS
A
AdvvR
se A
sss
A
eee AdvvAdvvR
LocalGlobal
LocalGlobal
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El flujo otorga una fuerza R al volumen de control que lo hace desplazar.
jAvvAvvR
jAvvAvvAvvR
45cos2
45cos45cos
222111
333222111
132
32
AAA
AA
321
32
vvv
vv
jAvR 45cos112
1
jNR 669
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Ejercicio 28:
Agua fluye estacionariamente descargndose a la atmsfera. Calcule la componentehorizontal de la fuerza en la brida de unin. Indique si la brida esta en tensin o compresin.
Supuestos: Flujo estacionario. Fluido incompresible. Flujo uniforme.
Balance de masa:
Balance Cantidad de Movimiento Lineal:
La fuerza de campo es la provocada por la masa de fluido y el ducto, pero suvector esta en direccin distinta a la direccin de X, por lo tanto la fuerzade campo total es cero.
Existen reacciones de superficie en distintas direcciones, pero en este casosolo se pide analizar la horizontal.
0
AdvdVt
CC SV
1
2
12 v
A
Av
AV
SC AdvvdVvt
FF
C
X
RxP1A1
-
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Por lo tanto:
La brida se encuentra en tensin
A
XS AdvvRF X
lbfR
lbflbfR
APAvA
AAvR
AvA
AAvRAP
AvA
Av
A
AAvvRAP
X
X
X
X
X
214.206
798.279584.73
30cos
30cos
30cos
112
2
1
2
11
2
1
2
2
1
2
11
2
111
21
2
11
2
111111
-
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Ejercicio 29:
Se muestra un codo reductor de 30. El fluido es agua. Evale las componentes de la fuerza quedebe ser suministrada por los tubos adyacentes para evitar que el codo se mueva.
Solucin:
Supuestos:
Densidad constante Rgimen estacionario
Para calcular las velocidades de ingreso y egreso del agua en el codo reductor se debe efectuarun balance de masa:
0
CC SV
CAdvdV
t
Aplicando los supuestos se llega a:
VAvAv 2211 Por lo tanto:
s
m
m
s
m
A
Vv
s
m
m
s
m
A
Vv
58.130081.0
11.0
044.60182.0
11.0
2
3
2
2
2
3
1
1
Para calcular las fuerzas que realizan los tubos adyacentes es necesario plantear un Balance decantidad de Movimiento Lineal:
C CV S
CSC AdvvdVvFF
Aplicando los supuestos se llega a:
CS
SCAdvvFF
A2=0.0081 m2
-
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Las fuerzas de campo sobre el volumen de control la componen el peso del agua y el peso propiodel codo:
jNF
jNjNF
js
mKgj
s
m
m
KgmF
WWF
C
C
C
CodoAguaC
96.156
1.9886.58
81.91081.91000006.0 2233
Las fuerzas de superficie son las producidas por la presin atmosfrica, la presin de entrada yde salida del codo y la fuerza ejercida por los tubos adyacentes:
RApApAdpF sseeatmS
La integral cerrada de la presin atmosfrica tiene valor cero, por lo tanto:
RjNiNF
Rjsenmm
N
imm
Nim
m
NF
RApApF
S
S
sseeS
53.14862.810
300081.036675
30cos0081.0366750182.058675
2
2
2
2
2
2
Relacin neta de flujo del momento que sale a travs de la superficie de control:
jsenAviAvAvAdvv
jsenAvviAvviAvvAdvv
ssssee
S
sssssseee
S
C
C
3030cos
3030cos
222
Reemplazando los datos:
NjseniAdvvCS
300081.0100058.1330cos0081.0100058.130182.01000044.6
222
NjiAdvvCS
88.7468.628
Uniendo las expresiones calculadas anteriormente se tiene:
NjiRjNiNjN
AdvvFF
CS
SC
88.7468.62853.14862.81096.156
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Despejando y resolviendo para la fuerza R
:
NjiR
45.73882.181
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Balance de Energa
Energas Existentes:
Almacenadas
o 22
1vmEC Energa Cintica
o zgmEP Energa Potencialo TcmE ei Energa Interna
En Trnsitoo Q Caloro W Trabajo
Ecuacin de Balance para un volumen de control Vc
El trmino e, corresponde a la densidad de energa almacenada dada por:
Donde:
pc : Calor especfico del fludo a Presion constante. Es la cantidad de calor que debe
aadirse a una masa unitaria de fluido para aumentar su temperatura en una unidad.
Para gases ideales se tiene:
vp ccR
Donde:R : constante de los gases.
vc : Calor especifico del fluido a Vomulen constante.
AV
AdvedVet
WQ
Energa Entrante
Energa o TrabajoSaliente (Si fuesetrabajo entrante,sera +W
Variacin c/r altiempo de Energaen el Vc
Flujo Neto deEnerga queatraviesa el rea A
PhgTc
ve p
2
2
KKg
Joulecp
:
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Ejercicio 30:
El caudal volumtrico a travs de la bomba es de 2 pie 3/s. Los dimetros de los ductosson los que se indican en la figura:
Calcule la elevacin de presin de la bomba en lb/pie2.Ignore las prdidas de energa mecnica.
Solucin:
Se pide if PPP
Para este problema es bueno establecer el volumen de control en el cual se plantear laecuacin de energa de la siguiente manera:
La ecuacin de energa se plantea entre los puntos 1 y 2, que son los extremos dela bomba, puntos en los cuales se calcular la elevacin de presin de sta.
-
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Dado que la ecuacin de energa requiere informacin que no se posee del todo en los puntos 1y 2, es necesario establecer 2 puntos extras como se muestra a continuacin, que arrojarninformacin suficiente.
Supuestos:o Fluido Incompresibleo Flujo Estacionarioo Flujo Uniformeo Rgimen Adiabtico
Entre (0) y (1):
No hay transferencia de calor y trabajo, por lo tanto:
, y por ser rgimen estacionario, queda:
Integrando se tiene:
Considerando que:
o Balance de masa entre (0) y (1)
o Flujo incompresible entre (0) y (1)
o La velocidad del flujo en el estanque tiende a 0
AV
AdvedVet
WQ
AV
AdvedVe
t
0
A
Adve
0
A
p AdvP
hgTcv
2
02
111
1
111
2
1000
0
000
2
0
22Av
PhgTc
vAv
PhgTc
vpp
110010 AvAvVV
10
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o La temperatura del fluido no vara
o La seccin (0) se encuentra expuesta a la presin atmosfrica solamente
La ecuacin de energa entre los puntos (0) y (1) queda:
Despejando la presin P1 en funcin de los datos de (0) y (1)
Entre (2) y (3):
Utilizando los mismos supuestos para el balance de energa entre (2) y (3) se tiene:
y, considerando:
o Flujo incompresibleo Balance de masa entre (2) y (3)o La temperatura del fluido no varao La seccin (3) se encuentra expuesta a la presin atmosfrica solamenteo h2 = h3
La ecuacin de energa entre los puntos (2) y (3) queda:
Despejando la presin P2 en funcin de los datos de (2) y (3)
Finalmente, la variacin de presin entre (1) y (2) ser:
Reordenando:
0, 001100 vAsiAvAv
10 TT
00 P
11
2
10
2
Phg
vhg
2
2
1101
vhhgP
333
3
333
2
3222
2
222
2
2
22Av
PhgTc
vAv
PhgTc
vpp
22
2
32
2
2 vPv
2
2
2
2
32
vvP
22
2
110
2
2
2
312
vhhg
vvPPP
222
2
110
2
2
2
3 vhhgvv
P
-
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Incorporando el concepto de que las bombas solo aumentan la presion, no as la velocidad(v1=v2), queda:
*
Finalmente con los datos del problema se termina que la velocidad en la seccin 3 es:
y, las alturas h0 y h1:
Reemplazando en * se llega a que la diferencia de presion es:
102
3
2hhg
vP
s
piev
s
pie
pu
piepu
s
pie
A
VvAvV
77.1466
77.1466
lg12
1lg
2
5.0
2
3
2
22
2
2
3
3
333
pieh
pieh
5.7
0
1
0
22091467
pie
lbfP
-
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Ejercicio 31:
Si en la bomba que se ilustra deben circular 10 pie3/s., cul debe ser la potencia de labomba?
Desprecie la friccin.
Solucin:
Supuestos:o Fluido Incompresibleo Flujo Estacionarioo Flujo Uniformeo Rgimen Adiabtico
Entre (1) y (2):
Considerando que:
o Balance de masa entre (0) y (1)
o Flujo incompresible entre (0) y (1)
o La velocidad del flujo en el estanque tiende a 0
o La temperatura del fluido no vara
o La seccin (0) se encuentra expuesta a la presin atmosfrica solamente
AV
AdvedVet
WQ
A
AdveW
222
2
222
2
2111
1
111
2
1
22Av
PhgTc
vAv
PhgTc
vW ppB
VAvAv 1100
21
0, 101100 vAsiAvAv
10 TT
-
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o La velocidad del fluido en la seccin (2) se puede calcular a partir del flujovolumtrico:
La ecuacin de energa entre los puntos (1) y (2) queda:
00 P
s
piev
pie
s
pie
A
V
v
7.203
2
25.0
10
2
2
2
3
2
2
HpWs
pie
lbfW
vPPhhgVW
B
B
B
880
1084.4
2
5
2
21212
-
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Ejercicio 32
Esta fluyendo agua a 10C con un caudal de 115 Lt/min. por el motor de fluido que seencuentra en la figura. La presin en A es de 700 KPa. Y en B en B es 125 KPa. Se estimaque debido a la friccin en la tubera existe una perdida de energa de 4 Nm/N en el agua quefluye.
a) Calcule la potencia transmitida al motor de fluido por el agua.b) Si la eficiencia mecnica del motor es de 85% calcule la cada de potencia al eje.
Solucin:
Efectuando un balance de Energa se puede resolver el problema:
Supuestos:
Fluido incompresibleFlujo estacionarioFlujo uniformeEstado Adiabtico
Balance de masa:
Balance de Energa:
Eliminando los trminos nulos se tiene:
Considerando que:
A
B
AV
AdvedVet
WQ
A
ideal AdveW
PerdidasMotorideal WWW
A
PerdidasMotor AdveWW
3
115 0.001916min
3.91 3.91
A B
A A B B
A B
V V
Lt m A v A v
seg
m mv y v
seg seg
s
mvB 434.0
-
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Reescribiendo se tiene:
La energa perdida corresponde a:
La expresin expandida para la energa del motor es:
Reordenando:
b) Para una eficiencia del 85% del motor se tiene que la potencia de salida real es:
Asi, la potencia transferida al eje es
Perdidas
A
Motor WAdveW
Vp
E
W
p
Perdida
Vp
Em
vzg
PTc
vzg
PTcW
pAA
AAV
BB
BBVMotor
22
22
Vp
Em
vzg
PTc
vzg
PTcW
pBB
BBV
AA
AAVMotor
22
22
V
p
Em
vvzzg
PPW
pBA
BA
BA
Motor
2
22
s
m
s
m
m
Kg
m
mN
s
m
m
Kgs
m
s
m
ms
m
m
Kg
PaWMotor
3
23
3
3
22
2
3
3
001916.081.910004
001916.010002
43.091.3
08.181.9
1000
10125700
KWWs
mNW
Motor
Motor
078.1
8.1074
15.0
85.0
MotorTurbinaenPerdida
MotorSalida
WW
WW
KWW
KWW
Salida
Salida
914.0
85.0078.1
-
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Ejercicio 33:
Un cilindro de pero despreciable se pone en movimiento mediante una cuerda que esenrollada en l, y luego tirada horizontalmente, tal como se muestra en la figura.
Si la cuerda es tirada cuidadosamente el cilindro se eleva como resultado de una fuerza
vertical producida por la rotacin. Este problema puede ser analizado como un flujo potencialalrededor de un cilindro que gira, el cual, corresponde a la superposicin de un flujo potencialsobre un cilindro estacionario y un flujo tipo vrtice.
El vrtice se caracteriza por un perfil de velocidades del tipo:
rV
2
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Si el flujo alrededor de un cilindro estacionario est dado por la funcin de corriente:
Encuentre la ubicacin de los puntos de estancamiento de flujo, S1 y S2 para el flujopropuesto.
Solucin:
Flujo sobre el cilindro con rotacin:
Donde la funcin de corriente del vrtice la determinamos por la relacin siguiente:
As, el flujo sobre el cilindro con rotacin es:
rV
Vestcilrotcil ..
Kr
Kdrr
rr
V
V
)ln(
2
2
2
Krsenr
rrVrotcil
Vestcilrotcil
)ln(2
2
0.
..
senr
rrVestcil
2
0.
-
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De sta expresin, para la funcin corriente se puede determinar las componentes V r y V delflujo utilizando las expresiones siguientes:
El valor de )(K lo determinamos con la condicin de 0rV en el flujo tipo vrtice:
Para un flujo vrtice, 0rV
Finalmente:
,y V():
Para hallar el punto de estancamiento se debe cumplir 0V
, o sea:
De la solucin de Vr se ve que en 0)( 0 rrrV para cualquier
rV
rVr
1
K
r
rrV
rVr cos
1 20
)(1
1
K
rV
rV
r
Vr
)(
)(
0
10
K
K
r
cos
12
0
r
rrV
rVr
rV
r
sen
r
rrVV
2
2
0
0
0
rV
V
-
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De la solucin de V haciendo r=r0e igualando a 0 y despejando se tiene la solucin:
Es siempre mayor que 0, por lo tanto
se est en el 1er y 2do cuadrante.
Vrarcsen
Vrsen
rsen
r
rrVV
0
0
00
2
00
4
21
2
02
-
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Ejercicio 34:
Para el flujo de aire bidimensional y bidireccional sobre el cilindro mostrado las componentesradial y tangencial de la velocidad, estn dadas, respectivamente por:
Para Rr , donde V es la velocidad aguas arriba del fluido. Considerando un flujo
incompresible determine la funcin de corriente del fluido ,r , empleando:
Solucin:
Usando las ecuaciones propuestas se tiene:
2
2
1cos1
r
RV
rV
r
Despejando :
rKdrr
RVr
2
2
1cos,
Resolviendo la integral
rKrr
RsenVr
2
2
1,
Ahora determinamos si la funcin K depende realmente de rusando la dos ecuaciones
propuestas para V :
2
2
1r
RsenVV *
rKr
r
RsenV
rrV
2
2
1
rKr
RsenVV
2
2
1 **
Igualando * y ** se obtiene: 0 rK
Con lo cual se concluye que la funcin rK se mantiene constante para cualquier valor de r.Su nueva anotacin ser K solamente.
2
2
2
2
11cosr
RsenVV
r
RVVr
rV
rVr
1
-
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Dado que en la coordenada 0, Rr la funcin de corriente toma valor nulo, utilizaremosesta coordenada como Condicin de borde para obtener el definitivo valor de K
K
KRR
RsenVRr
0
100,2
2
Finalmente la funcin de corriente queda:
r
RrsenVr
2
,
La funcin de corriente se pudo haber obtenido anlogamente utilizando inicialmente la ecuacin
rV
y despejando
-
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Ejercicio 35:
Considere un manmetro conectado como se indica. Deduzca una expresin para obtener elperfil de velocidades del flujo de agua que se tiene en la tubera, en funcin de la diferencia dealtura medida entre los meniscos de benceno. La distancia entre los puntos de medicin depresin es conocida al igual que su dimetro. Asuma que se trata de un flujo laminarplenamente desarrollado.
Solucin:
Se fijarn puntos que sean tiles para la determinacin de la diferencia de presin.
Ahora determinamos la diferencia de presin entre 1 y 2 en funcin de la presin en A y B.
cbpp
cpp
bpp
BencenoAB
Aguab
AguaA
2
1
Al efectuar 21 pp se tiene:
cbppcbcbpp
cpbppp
BencenoAgua
BencenoAgua
AguabAguaA
21
21
21
Para un flujo en una tubera circular, en rgimen laminar, desarrollado y estacionario concte se tiene la siguiente ecuacin:
-
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22
14 R
rR
L
prv
z
Para 21 ppp la ecuacin queda:
22
14 R
rRL
cbrvBencenoAgua
z
-
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Ejercicio 36:
Un fluido newtoniano incompresible fluye a travs de dos tubos concntricos, segn semuestra en la figura. El tubo interior es de radio kR y el exterior es de radio R.
Determine el perfil de velocidades a travs de la seccin anular, en funcin del gradientede presin, las propiedades fsicas del fluido y los parmetros geomtricos conocidos. ConsidereP0 = PL .
Ecuacin de continuidad:
Supuestos:
La velocidad solo tiene componente z, las componentes y r no existen. El fluido es incompresible
La ecuacin de continuidad queda:
La velocidad vzno varia en funcin de la direccin z, el perfil de velocidades a lo largode zse mantiene constante.
Ecuacin de Movimiento en trminos del gradiente de velocidad para un fluidonewtoniano con densidad y viscosidad constantes:
Componente
Componente r
Componentez
1 10
r zr v v v
t r r r z
10z
v
z
0zv
z
2 2 2
2 2 2 2
2
1 1 2
1 1 1
r r r r r r
r z r r
rr z
v v v v v v p v v vv v r v g
t r r r z r r r r r r z
v v v v v v v pv v r v
t r r r z r r r r r
2 2
2 2 2
2 2
2 2 2
2
1 1
r
z z z z z z zr z z
v v vg
r z
v v v v v p v v vv v r gt r r z z r r r r z
-
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Al reemplazar los supuestos establecidos anteriormente y la condicin obtenida de laecuacin de continuidad, las componentes de la ecuacin de movimiento quedan:
Reordenando:
El termino zg se hace cero pues la gravedad no posee componentes en direccin z, pero
si en direccin r y
El gradiente de presinp
z
se puede expresar como:
Por lo tanto la componente z de la ecuacin de movimiento queda:
*
Las ecuaciones correspondientes a las componentes r y , no poseen trminos de
velocidades ,rv v o zv , por lo tanto no son indicadoras de un perfil de velocidad.
Al integrar la ecuacin * dos veces con respecto a rse tiene:
**
C1y C2corresponden a constantes de integracin que pueden ser funciones de ry .
0
0 0
00L
L L
P Pp p
z z z z z z
10 z
vr
r r r
1 2lnzv C r C
Componente r
Componente
Componentez
0
1
0
10
r
zz
pg
r
p
gr
p vr g
z r r r
Componente r
Componente
Componentez1
r
z
pg
r
pr g
p vr
z r r r
-
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Los valores de estas constantes se determinan gracias a las siguientes condiciones deborde del problema:
Fabricando un sistema de ecuaciones al reemplazar las condiciones de borde en **, sellega a:
Finalmente los valores de C1y C2 son:
y el perfil de velocidades es:
Agrupando:
z r kRv V
0z r Rv
1 2
1 2
0 ln
ln
C R C
V C kR C
1 2
ln
ln ln
V RVC y C
R R
kR kR
ln ln
ln ln
ln ln
ln
z
z
V r V Rv
R R
kR kR
Vv r R
R
kR
-
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Ejercicio 37:
Resolver el ejercicio anterior para las mismas condiciones pero con el ducto inclinado unAngulo
Solucin:
0
2 2 2 2
ln ln4 4 ln ln
L
z
P Pg sen
L r R KR Rv r R
R KR
-
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Ejercicio 38:
Para el cojinete mostrado en la figura que rota con velocidad angular , se pide plantearuna expresin para el torque proporcionado por el eje rotatorio, junto con las condiciones deborde:
Ecuacin de continuidad:
Supuestos:
La velocidad solo tiene componente , las componentes z y r no existen. El fluido es incompresible
La ecuacin de continuidad queda:
La velocidad v no varia en funcin de la direccin , en otras palabras el perfil develocidades se mantiene constante cuando varia para un radio constante.
Ecuacin de Movimiento en trminos del gradiente de velocidad para un fluidonewtoniano con densidad y viscosidad constantes:
1 10
r zr v v v
t r r r z
10
v
r
0v
Componente
Componente r
Componentez
2 2 2
2 2 2 2
2
1 1 2
1 1 1
r r r r r r r z r r
r
r z
v v v v v v p v v vv v r v g
t r r r z r r r r r r z
v v v v v v v pv v r v
t r r r z r r r r r
2 2
2 2 2
2 2
2 2 2
2
1 1
r
z z z z z z z
r z z
v v vg
r z
v v v v v p v v v
v v r gt r r z z r r r r z
-
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Al reemplazar los supuestos establecidos anteriormente y la condicin obtenida de laecuacin de continuidad, las componentes de la ecuacin de movimiento quedan:
Las condiciones de borde sern las siguientes:
Considerando que la tensin de corte sobre la cara del cilindro interior es:
Y que la fuerza resultante debido a esta tensin es (A es el rea de contacto):
El Torque resultante es: iT F R
La expresin final para el torque ser:
Componente r
Componente
Componentez
2
1 10
0
r
v pg
r r
pr v gr r r r
p
z
00
iir R
r
v R
v
ir r R
v
r r r
rF A
-
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Ejercicio 39:
En un banco de ensayos de laboratorio, se desea usar un tubo de Pitot en el centro deuna tubera para medir la velocidad de un flujo de agua a 20C y luego calcular el caudalvolumtrico. El tubo se conecta a un manmetro diferencial en U, tal como se muestra, confluido manomtrico mercurio (Hg). La diferencia de altura h que indica el manmetro es 30 mm.
Deduzca una expresin para el clculo de velocidad del agua, considerando que el fluido
conducido en la tubera es agua y el fluido manomtrico es mercurio.Determine el caudal volumtrico en la tubera, si sta tiene un diametro de 3,
verificando previamente si el rgimen es laminar o turbulento. La viscosidad del agua a 20C es1 cP. La presin esttica del agua en el punto de medicin es 1 kg/cm2.
Solucin:
Ecuacin de Bernoulli:
ctezg
vP
1
21
1
1
2
Carga debida a presin
esttica local
Carga debida a
presin Dinmica
localCarga debida a
elevacin
-
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Se definen los puntos 1 y 2, de tal forma que estn en la misma lnea de corriente, entonces setiene:
Dado que el punto 2 es de estancamiento, entonces se tendr que:
Reemplazando stas condiciones en la igualdad de Bernoulli se tiene:
Despejando v1:
La diferencia de presin P2-P1, se determina por hidrosttica igualando presiones en el nivel masbajo del mercurio como sigue:
21 BB
2
2
2
2
21
2
1
1
1
22z
g
vPz
g
vP
2
2
2
2
21
2
1
1
1
22z
g
vPz
g
vP
21
2
2 0
zz
PPP
v
ntoEstencamieS
2
2
2
1
1
1
2
P
g
vP
1212
PPg
vAgua
AguaAguaAguaHgAguaAgua hyxPhyxP 21
AguaHghPP 12
Agua 21
-
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Finalmente la expresin para la velocidad queda:
Reemplazando los datos:
Para determinar el Caudal, utilizamos la expresin AvQ , donde corresponde alcoeficiente de energa cintica de la ecuacin de Bernoulli.
Con los datos se tiene:
, y para este nmero de Reynolds se tiene 1 , por lo tanto AvQ 1
AguaHg
Agua
hg
v
2
1
s
mv 72.2
1
,,,Re vff
vRe
2300,0Re2
Im
,4000Re1
predecible
207264Re
001.0
72.2lg
0254.0lg31000
Re3
segm
Kg
s
m
pu
mpu
m
Kg
s
mQ
m
s
mQ
3
2
2
0124.0
2
0254.0372.21
-
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Ejercicio 40:
La figura muestra un esquema que permite determinar velocidades en tuberas.En este caso particular, una tubera de 0.15 mt. de dimetro en inclinada se conecta a
otra de 0.1 mt. de dimetro por medio de una reduccin. El fluido de la tubera es agua y el delmanmetro diferencial es mercurio.
Despreciando los efectos viscosos entre la seccin 1 y 2. Determine la velocidad mediaen 2.
Solucin:
Aplicando Bernoulli y suponiendo un flujo ideal sin prdidas entre los puntos 1 y 2, se tiene:
2121
2
1
2
2
21
2zz
PP