CPV UNIFESP2016

UNIFESP – 16/dezembro/2016

CPV seu pé direito também na medicina

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BIOLOGIA

01. a) Oníveltróficodemenorquantidadedeenergiaquímicadisponíveléoúltimo,ocupadopelaespéciePisaster ochraceus na teia fornecida. Isso ocorre porquepartedaenergiaquímicaobtidaporumníveltróficoéconsumidaporelepróprio,outraparte,perdidanaformadecalor,alémdasperdasnatransferência;deformaquesomenteumafraçãodaenergiaconseguidaétransferidaparaonívelseguinte.

b) A retirada da espécie de estrela-do-mar Pisaster ochraceus, permitiu o crescimento da populaçãodeMytilus californianus que, por sua vez, competefortemente com as demais espécies. Como era aespécie dominante, o crescimento dessa populaçãoresultouem forte limitaçãodos recursosdisponíveisparaasdemaisespéciescompetidoras.

02. a) Os estômatos são encontrados na epiderme foliar.Fatores como disponibilidade de água, intensidadeluminosaeainda temperaturaeconcentraçãodegáscarbônico.

b) OABAativaaperdarápidadepotássiopelascélulasestomáticas provocando rápida redução da pressãoosmótica. Consequentemente, essas células perdemágua,reduzematurgescênciaeassim,osostíolossefecham.

03. a) Uma vantagem do sistema para as bactérias é aeliminação de moléculas de DNA viral que secombinamcomoDNAbacterianodificultandoassimareplicaçãoviralemseuinterior.AsequênciadebasescomplementaresdoRNA-guiaseráGGGAUAUCCC.

b) O sistema elimina trechos de moléculas de DNAque podem inativar os genes de diferentes formas.Por exemplo, eliminando códons de iniciação, oualterandoaestruturaprimáriadasproteínastraduzidaspelo genemanipulado causando a produçãode umaformainativadessaproteína.

04. a) A elevação de temperatura corporal durante umexercício físicoprolongadocomoamaratonaocorreem consequência do aumento da taxa de respiraçãocelular principalmente nos músculos esqueléticos.Nesseprocessoaoxidaçãodemoléculasorgânicaslevaàliberaçãodeenergiaquímicaetérmica.Oaumentode temperatura reduz a afinidade das moléculas dehemoglobinaporoxigêniooque facilitasuadifusãodashemáciasparaascélulasmusculares.

b) AreduçãodopHdashemáciasresultadareaçãoentreo gás carbônico proveniente da respiração celular eágua formando ácido carbônico. Este, por sua vez,se ioniza liberando prótons de hidrogênio que secombinam,empartecommoléculasdehemoglobina.

CO2+H2O↔H2CO3↔HCO3–+H

+ ↓Hb→HHb

O aumento da frequência respiratória durante oexercício acelera a eliminação de CO2 da correntesanguíneaevitandoalteraçõesimportantesdepH.Alémdisso,existemoutrosprocessosdetamponamentoquecolaboramparacontrolaravariaçãodepHdoplasmasanguíneo.

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05. a) Os gametas recombinantes formados são formadosatravés da permuta (crossing over) entre oscromossomos homólogos. Como o indivíduomencionado é um diíbrido cis, os gametasrecombinantesserão,Ab e aB.

b) ocruzamentopedidoé:

Lembrando que a frequência de recombinaçãoexpressa em porcentagem é numericamente igualà distância relativa dos locos gênicos medida emunidadesderecombinação[UR].

Plantascomfrutosvermelhosefloresbrancasdevempossuirogenótipo:A_bb.Teremosentão,7,5%das1000sementes,ouseja,75 delas.

QUÍMICA

06. a) O processo de separação da mistura petróleo é adestilação fracionada e se baseia nas diferentestemperaturasdeebulição.

b) Posição1–gásliquefeitodepetróleo(C1aC4). Posição2–gasolina(C5aC12). Posição3–querosene(C12aC16). Posição4–óleodiesel(C12aC20). Posição5–óleocombustível(>C20).

07. a) PCl3+H3C—CH2 —OH→ →H3C—CH2—Cl+H3PO3

b) 15P—2,8,5 17Cl—2,8,7

08. a) Alumínio–de0para3+ Cloro–de0para1– Agenteredutor–Al(s)

b) Al(s)+32 Cl2(g)→AlCl3(s)

1mol 1mol 27g133,5g 540gXg

X = 2670 g

09. a) 2gdoácido—100mL Xg —1000mL→X=20g

Concentraçãosimples–C=20g/L

1moldeácido — 90g nmols — 20g→Y=0,222mol

Concentraçãoemmol/L=0,222mol/L

b) Ka=[H+]2 . [C

2O42–]

[H2C2O4] Ka=Ka1 .Ka2 Ka=5,9x 10–2 .6,4x 10–2

Ka=3,78x 10–3

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10. a) C2HF3ClBrmassamolardohalotano–197,5g/mol

197,5g— 100% 57g — X→X=28,86%

b)

Nãoháisomeriageométrica,poisacadeiaéabertaenãoháduplaligaçãoentreoscarbonos,oquepoderiapropiciarestetipodeisomeria.

Háisomeriaóptica,poisosegundocarbonodacadeiaéassimétrico,ouseja,estáligadoaquatroligantesdiferentesentresi.

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MATEMÁTICA

16. a) OgastocalóricodeTuríbioédadopor:

Velocidadekmh .massa(kg)=8

kmh .72kg

=576cal/hora.

Como Turíbio praticou apenas 25 min de corrida,

entãoseugastodiáriofoide:576calh .

2560 h=240 cal

b) Oconsumodeoxigênioemlitrosemumahoraédeacordocomoenunciadodadopor:0,0035. 60 .m. v.

Logo,aconstantec

m. v =0,0035.60m. v

m. v =

= 0,21 l h

km . kg

17. a) Paraα=45º,temosafigura:

Logo,TU=2 2(diagonaldoquadradodelado2).

Para α=90º,temosqueTU//RQ.Logo,TU=2

b) SeP=Tentãoα=45ºeseP=Qentãoα=135º,

logoodomíniodafunçãoéDf=[π4 ;3π4 ]

Sendoy=TU,temossenα=2y Þy=2

senα ,

α Î [π4 ;π2 [

Seα Î ]π2 ;3π4 ],porsimetria sen(π – α)= y2 Þy=

2sen(π – α) .

Comoparaα=π2 ,y=2

senπ2 =2

Logo,y=2

senα paratodoα ÎDf

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18. a) A probabilidade de Sofia ser reprovada é a

probabilidadedeelaerrarasduasquestões,ouseja,

P(R)=810 ∙

79 =

2825.

AprobabilidadedeSofiaseraprovadacomressalvaséaprobabilidadedeelaerrarumaeacertaruma,ou

seja,P(AR)=210 ∙

89 +

810 ∙

29 =

1645.

AprobabilidadedeSofiaseraprovadaédeelaacertar

asduasquestões,ouseja,P(A)=210 ∙

19 =

145.

b) AprobabilidadedeSofiaseraprovadanaavaliação1

é1645 +

115=

1745.

AprobabilidadedeSofiaseraprovadanaavaliação2éaprobabilidadedeelaacertar2dastrêsquestões(umavezqueelanãoseriacapazdeacertasas3questões),

ouseja,210 ∙

19 ∙

88 . P3,2=

345.

Como 345 <

1745, a chance de ela ser aprovada é maior

na avaliação 1.

19. a) Chamaremos a aresta de cada um dos cubos de a. Assim,temos:

a2+(3a)2+(2a)2=(2 7)2 Þa= 7cm

Ovolumedosólidoé24a3=24( 2)3=48 2 cm3

b) Secadaarestamede2cm,temos:

CD= 82 + 102 + 142= 360= 6 10 cm

20. a) Observamosumerronosdadosdaquestão: 2563=16777216enão2563=1677721600,comodiz

oenunciado.

Comadevidacorreção,teremos 2563 .100=100. 2x/3 Þ(28)3=2x/3 Þx=72

b) Temos:

100 . 248/3=100. 245/3=100∙ 2k Þ 216 – 215=2k Þ k = 15